内容发布更新时间 : 2024/12/26 3:34:29星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
(1)粗管中气体的最终压强; (2)活塞推动的距离.
参考答案
一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分) 1、B 【解析】 【详解】
不计空气阻力,足球在空中做斜上抛运动,足球在t1时刻速度最小,到达最高点,此时足球只有水平速度,所以足球的水平分速度等于v1。足球水平方向做匀速直线运动,则罚球点到球门的距离为 s=v1t1. A. v1t1,与结论不相符,选项A错误; B. v1t1,与结论相符,选项B正确; C. v3t1,与结论不相符,选项C错误; D.
v2?v3t2,与结论不相符,选项D错误; 22、D 【解析】 【详解】
A.第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大的环绕速度,由于卫星B的轨道半径大于地球的半径,则卫星B的速度小于地球的第一宇宙速度,故A错误. B. 对B、C,根据v?GM,C的轨道半径大于B的轨道半径,则vB>vC,对于A、C,A、C的角速r度相等,根据v=rω知,vC>vA,所以vB>vA,故B错误.
4?2r3C. A、C的角速度相等,则A、C的周期相等,根据T? 知,C的周期大于B的周期,故C错误.
GMD. A物体受到的万有引力分为两部分:物体重力和沿着指向物体做圆周运动圆心方向的分力,选项D正
确. 3、A 【解析】 【详解】
C、D三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V,已知正六边形所在平面与电场线平行,且A、延长DC且使DC=CG,连接BG,可知UDC=UCG=1V,故ABG的电势相等为1.0V;故选A.
4、D 【解析】 【分析】 【详解】
v1?v2,由于图线围成的面积大于匀变速直线运动2v?v2图线围成的面积,则实际位移大于匀加速直线运动的位移,则平均速度大于1,故A错误;
2A.t1:t2时间内,若做匀变速直线运动,平均速度为BC.在0?t1时间内,汽车的加速度
a?v1 t1根据牛顿第二定律得
F?Ff?ma
解得
F?Ff?ma?Ff?则汽车的额定功率
mv1 t1P?Fv1?(Ff?所以t1mv1)v1 t1~t2时间内,汽车的功率为
mv1)v1 t1P?(Ff?故BC错误;
D.当牵引力等于阻力时,速度最大,则有
P?Ffv2
解得
mv12Ff?
(v2?v1)t1t1~t2时间内,根据动能定理则有
P(t2?t1)?Ffx?解得t11212mv2?mv1 22~t2时间内汽车的位移
(v2?v1)(v2?v1)2t1x?v2(t2?t1)?
2v12故D正确。 故选D。 5、C 【解析】 【详解】
木箱和皮带间的摩擦力为静摩擦力,对木箱做正功,木箱匀速运动,根据功能关系,摩擦力对木箱做的功等于木箱克服重力做的功mgh,该摩擦力为静摩擦力,不一定等于?mgcos?,所以摩擦力对木箱做功不一定为?mgLcos?,故C正确. 故选C. 6、B 【解析】 【详解】
ABC.电风扇正常工作时产生的热量是由于内阻发热产生的,所以t时间内产生的热量为Q=I2Rt;由于是非纯电阻电路,故U>IR,故Q<UIt;因为P=UI,故Q<Pt,故AC错误,B正确;
UU
D.又因为I<,所以热量Q=I2Rt<t,故D错误;
RR7、AC 【解析】 【详解】
AB.对物体受力分析后列动能定理得:-mgh-fh=△Ek,由图象得:h=2m,△Ek=-60J,代入解得:f=10N,故A正确,B错误;
CD.除重力外其他力做功等于机械能变化量,除重力外,只有阻力做功,克服阻力做功:Wf=fh,解得:Wf=20J,则机械能减小20J,故C正确,D错误。
28、AC 【解析】 【分析】 【详解】
试题分析:路面应建成外高内低,此时重力和支持力的合力指向内侧,可以提供圆周运动向心力,故A正确.车速低于v0,所需的向心力减小,此时摩擦力可以指向外侧,减小提供的力,车辆不会向内侧滑动.故B错误.当速度为v0时,静摩擦力为零,靠重力和支持力的合力提供向心力,速度高于v0时,摩擦力指向内侧,只有速度不超出最高限度,车辆不会侧滑.故C正确.当路面结冰时,与未结冰时相比,由于支持力和重力不变,则v0的值不变.故D错误.故选AC. 考点:圆周运动的实例分析 【名师点睛】
此题是圆周运动的实例分析问题;解决本题的关键搞清向心力的来源,运用牛顿第二定律进行求解,难度不大,属于基础题. 9、BD 【解析】 【详解】
A.根据电场的叠加原理可知N、M两点的场强方向相同(竖直向上),但电场线疏密关系不能确定,所以场强大小不能判断,故A错误;
B.等量同种正点电荷,两点的电场强度的方向,由N指向M,M点的电势低于N点的电势,故B正确; CD.若q是正电荷,根据Ep?q? 可知,N点的电势高于M点,那么N点的电势能比在M点的电势能大,故C错误,D正确; 10、AC
【解析】试题分析:设水平向右为正方向,A与墙壁碰撞时根据动量定理有Ft?mAv'1?mA???v1?,解得
F?50N,故A正确。若A与墙壁碰撞时无能量损失,A将以速度6m/s水平向右运动,由题已知碰后
的速度大小变为4m/s,故B错误。设碰撞后A、B的共同速度为v,根据动量守恒定律有
mAv'1??mA?mB?v,解得v?3m/s,故C正确。A、B在光滑圆弧轨道上滑动时,机械能守恒,由机
械能守恒定律得
1?mA?mB?v2??mA?mB?gh,解得h?0.45m,故D错误。 2考点:动量守恒定律
【名师点睛】本题考查了求作用力、高度问题,分析清楚物体运动过程,应用动量定理、动量守恒定律、机械能守恒定律即可正确解题。 11、BC 【解析】
【详解】
A.卫星从1轨道转移到3轨道上运行,需要在P点和Q点加速两次。故A错误; B.卫星由1轨道进入2轨道需要在P点点火加速,所以机械能增大。故B正确; C.根据开普勒第三定律可知,轨道半径最小的1轨道的周期最小。故C正确;
D. 卫星在椭圆轨道2上自由运行时,只有万有引力对它做功,其机械能守恒,则它在P点的机械能等于在Q点的机械能.故D错误. 12、CD 【解析】 【详解】
由图可知,在拉力的作用下物体前进的位移为L+x,故拉力的功为F(x+L),摩擦力的功为f(x+L),则由动能定理可知物体的动能为(F-f)(x+L),故A错误;小车受摩擦力作用,摩擦力作用的位移为x,故摩擦力对小车做功为fx,故小车的动能改变量为fx;故B错误;物块和小车增加的机械能等于外力的功减去内能的增量,内能的增量等于fL,故机械能的增量为F(x+L)-fL,故C D正确;故选CD. 二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)
13、C BD 0.476 0.473 在误差允许的范围内,物体机械能守恒(或者说:在误差允许的范围内,物体减少的势能等于增加的动能) 【解析】 【详解】
(1)在“验证机械能守恒定律”的实验中,要验证动能增加量和势能减小量是否相等,质量约去,不需要天平测量物体的质量,所以天平不必要.故选C.
(1)为了减小阻力对其影响,选用重锤时,应该选用质量大体积小重锤的进行实验,故A错误,D正确;物体自由下落时根据公式h=
11
gt,其中t=T=0.01s,由此可知,开始所打两个点之间的距离约等于1mm,2则第1、1两点间距约为1mm的纸带,打第一个点的速度接近为零,误差较小,故B正确;应先接通电压后释放纸带,故C错误.
xAC0.0702?0.0313=?0.97m/s;重物由O点运动到B点时,2t0.0419.8×0.0486 J=0.476J.EkB=mvB1=0.473J;实验得到的结论是:重物的重力势能的减少量△Ep=mgh=1.0×
2(3)利用匀变速直线运动的推论vB? 在误差允许的范围内,物体机械能守恒(或者说:在误差允许的范围内,物体减少的势能等于增加的动能).
14、
?Rπd2 左 ?? 等于 ??l4