内容发布更新时间 : 2024/12/23 23:41:36星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
n1′n1-nn1n1′n(n2-n1)
5.B [原、副线圈减去相同的匝数n后,有=,可以得出,-=<0,
n2′n2-nn2n2′n2(n2-n)n1′n1′U1I2′n1U1n1′U1
则说明的比值变大,由==知,选项C、D错误;由=和=知,U2′ n2′n2′U2′I1′n2U2n2′U2′U2′2 再由P=知,灯泡变暗,选项A错误,B正确。] R 6.B [当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,接入电路的阻值变大,变压器副线圈两端电压不变,副线圈中的电流减小,则R1消耗的功率及其两端电压均变小,故电压表的示数变大,选项A错误,B正确;当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,副线圈中的电流减小,则原线圈中的电流也减小,电流表A1示数变小,选项C错误;若闭合开关S,副线圈电路中总电阻减小,副线圈中的电流变大,R1两端电压变大,R2两端电压减小,电流表A2示数减小;原线圈中的电流也变大,电流表A1示数变大,选项D错误。] 7.D [矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0,所以发电机的电动势峰值为2Ne0,A、B错误;由于不计线圈的电阻,所以电机的输出电压峰值为2Ne0,故有效值2Ne0为=2Ne0,故D正确.] 2 8. A [原、副线圈电压比等于匝数比,根据副线圈负载电阻的电压U,可知副线圈电压为UI1n2U U,原线圈电压为3U,副线圈电流I2=,根据=得原线圈电流I1=,那么原线圈输入 RI2n13RU 电压220 V=3U+×R,整理可得U=66 V;原、副线圈电阻消耗的功率根据P=I2R,电阻 3R1 相等,I1∶I2=1∶3,可得功率之比为P1∶P2=1∶9,即k=.根据以上分析可知选项A正 9确.] U1n1U2110 9.B [根据变压器的变压规律=得,n2=n1=×800=400匝,选项B正确.] U2n2U1220UmU1n1n2Um10.C [原线圈电压的有效值:U1=,根据=可求:U2= ,又因为是理想变压 U2n2n122P 器,所以T的副线圈的输出功率等于原线圈的输入功率P,所以输电线上的电流I=,输电 U2n1??P? 线上损失的电功率为P′=I2r=4r??n2??Um?,所以C正确,A、B、D错误.] 2 22 11.D [由于a、b接在电压有效值不变的交流电源两端,故电压表V1示数不变,选项AU1n1错误;由理想变压器原理公式=且U1、n1、n2不变,则U2不变,即V2的示数不变, U2n2I1n2n1ΔI20.8 V3的示数U3=U2-I2R0应减小,故选项B错误;由公式=得:===4,则n1 I2n1n2ΔI10.2U2>n2,该变压器起降压作用,故C 错误;又I2=,I增大,R应减小,故滑片应沿c→d R0+R2 方向滑动,故D 正确.] U2212.BC [Q位置不动,副线圈电压U2不变,当P上滑时,R增大,由P=可知总功R+R0率减小,原线圈电压U1不变,由P=U1I1可知原线圈电流I1减小,故A错误,B正确;当U2n2P位置不动,Q上滑时,由=知U2增大,同理分析原线圈电流I1增大,故C正确,D错 U1n1误.] 13.C [在输入电压U1和原线圈匝数n1不变的情况下,使输出电压U2有效值由220 V降U2n2至110 V,由=知,副线圈接入匝数应该减为原来的一半,故副线圈的接入匝数之比为2∶ U1n11,故C正确;副线圈电压减半,电阻不变,电 流也随之减半,所以电流之比为2∶1,故A错误;由P=UI知,输出功率之比为4∶1,故B错误;副线圈输出功率等于原线圈输入功率,所以原线圈输入功率之比为4∶1,故D错误.] 14.AD [当负载电阻的阻值减小为R=5R0时,根据串、并联电路规律,R两端电压为R0两1 端电压的5倍,因为电压表测量R两端的电压,所以UR0=×5 V=1 V,故副线圈两端电压为 5U1n1U2=6 V,根据公式=可得此时原线圈两端电压的有效值为U1=24 V,所以此时原线圈 U2n2两端电压的最大值约为242 V ≈34 V,A正确,B错误;因为变化过程中变压器的输入电流不变,所以对 于副线圈中变化前、后电流也不变,则变化后电压U2=IR0+5IR0=6IR0,U1n1变 化前,U2′=IR0+11IR0=12IR0,所以U2′=2U2=12 V,根据公式=可 得原线圈两 U2n2端原来的电压有效值约为48 V,D正确,C错误.] Uabn115.BD [设副线圈两端电压为U2,则有=,由于二极管具有单向导电性,根据有效U2n2 2 U2UcdU22T 值定义可知,×=T,则Ucd=,故选项A错误;增大负载电阻,则变压器的输出功率 R2R12 减小,输入功率也减小,由P1=UabI1可知,电流表读数减小,选项B正确;cd间的电压Ucd 2 U222Ucd与R大小无关,选项C错误;将二极管短路,变压器的输出功率P2==,为原来的2 RR 倍,由P2=P1= UabI1可知,电流表的读数变为原来的2倍,选项D正确.] 16.BD [理想变压器的输入功率等于输出功率,所以有P1=U1I1=U2I2=60×2.2 W=132 W,选项A错误;原线圈电流I1= P1=0.6 A,选项B正确;副线圈电流最大值I2max=2I2=2.22 U1 n1U122011 A,选项C错误;原副线圈匝数比===,选项D正确.] n2U2603 17.BD [P向上或向下滑动时,由变压器的电压特点 U1n1=可知,U2是不变的,灯L亮度U2n2 U2 也不变,A项错误,B项正确;P向上滑动时,滑动变阻器的阻值减小,由P=可知,变 R压器的输出功率P2变大,又理想变压器的输入功率等于输出功率,则输入功率P1也变大,由P1=U1I1及U1不变可知,变压器的输入电流变大,C项错误,D项正确.] I1U118.A [根据理想变压器原、副线圈的功率相等,有U1I1=U2I2,解得用户端电压为U2=, I2选项A正确;输电线上的电压降为I1r.选项B错误;理想变压器的输入功率为UI1-I21r,选项C错误;输电线路上损失的电功率为I21r,选项D错误.] 19.D [设两电流表示数分别为IA1、IA2,则IA2= U .由题意知,升压变压器的升压比 2R+RL 与降压变压器的降压比相等,设为k,由变压器匝数与电流、电压 的关系可知,升压变压器副线圈两端电压U2=kU,降压变压器副线圈中电流I4=kIA1,U4=I4RL=kIA1RL,则降压变压器原线圈两端电压U3=kU4=k2IA1RL,则IA1= U2-U3kUIA1,解得IA1=,则<1,故IA122RIA22R+kRL k2UI4<IA2,选项A错误;I4=kIA1=,因>1,故两灯泡亮度不同,选项B错误;由2IA22R+kRLP=I2R 可知,PR1<PR3,选项C错误;由U=IR可知,UR2<UR4,选项D正确.] 1500 20.D [由图象知f==50 Hz,选项A错误;发电机输出交变电流电压的有效值为 V= T22502 V,选项B错误;输电线的电流由降压变压器原、副线圈的匝数比及负载大小决定,选项C错误;用电器总电阻变大,则降压器原、副线圈中电流减小,输电线上损失功率也减小,选项D正确.] 21.AB [该装置的工作原理是,线圈内变化的电流产生变化的磁场,从而使金属杯体内产生涡流,再把电能转化为内能,使杯内的水发热.交流电源的频率一定时,线圈产生的磁场越强,杯体内磁通量变化就越快,产生的涡流就 越大,增加线圈的匝数会使线圈产生的磁场增强,而取走线圈中的铁芯会使线圈产生的磁场减弱,故A正确、D错误;交流电源的频率增大,杯体内磁通量变化加快,产生的涡流增大,故B正确;瓷为绝缘材料,不能产生涡流,故C错误.] 22.AC [线圈经过中性面时不切割磁感线,此时感应电动势为零,选项A正确;由图可知曲线a、b的周期之比为2∶3,则对应的线圈转速之比为3∶2,选项B错误;曲线a的周1- 期为Ta=4×102 s,其频率为fa==25 Hz,选项C正确;曲线a、b表示的交变电流的峰 Ta Emaωa32 值之比为==,又Ema=15 V,Emb=10 V,Ub=Emb=52 V,选项D错误.] Embωb22 B组 两年模拟精选(2016~2015年) 1.AC [摩擦轮带动线圈在磁场中绕垂直于磁感线的轴转动,产生交流电,故A正确;行驶速度会影响感应电动势的大小,所以影响灯泡的亮度,故B错误;摩擦轮和后轮属于皮带传动,具有相同的线速度,如果知道了半径关系,就能知道角速度关系,也就能知道转速关系,故C正确;线圈匝数不影响线圈的磁通量的变化率的大小,故D错误。] πr2ΔBΔB 2.BD [线圈中的感应电动势为E=πr,感应电流为i=·,在0.005 s,=0,则 ΔtRΔtΔt 2ΔB i=0,A项错;由楞次定律知在0.01 s时感应电流方向为顺时针方向(从上往下看),B项正确;交流电流表测量的是交变电流的有效值,C项错;感应电动势的峰值为Em=Bmπr2Em()2 2π4r4 一个周期导线框上产生的热量为Q=T=,D项正确。] RR 1002100 3.ABD [交流电电压有效值U= V=100 V,A正确;电流表的示数为I= A= 5022π 2 A,故B正确;从图乙中可得交流电周期为T=0.02 s,所以角速度ω==100π (rad/s), TC错误;根据公式Em=NBSω可得如果产生该交变电流的线圈转速提高一倍,则产生的感应电动势提高一倍,所以电流提高一倍,故D正确。] 4.ABD [线圈转动产生正弦式交变电流,感应电动势的最大值为Bl1l2ω, 所以有效值E= 2Bllω,A正确;转过π时,线圈平面与磁场垂直,磁通量最大,感应电动势为0,电212 2π,T E2E2π 流为0,B正确;转过一周通过横截面的电荷量为0,C错;转过π过程的热量Q=t= RRω 2 πB2l21l2ω=,D正确。] 2R 5.B [由于变压器原、副线圈的匝数不变,而且输入电压不变,因此增加负载不会影响输n2出电压,故A错误;根据变压器原理可知输出电压U2=U1,当滑动触头P应向上滑时, n1n2增大,所以输出电压增大,故B正确;由于用电器是并联的,因此用电器增加时总电阻变小,输出电压不变,总电流增大,故输电线上热损耗增大,故C错误;用电器增加时总电阻变小,总电流增大,输出功率增大,所以输入功率增大,故D错误。] I2n16.AC [根据=,可知副线圈中电流为0.5 A,则选项A对;原、副线圈的电流频率相 I1n2 U1n1等,选项B错;根据=可知副线圈两端电压为220 V,最大值为2202 V,选项C对; U2n2电动机为非纯电阻电器,若电动机内阻为440 Ω,则副线圈电流小于0.5 A,选项D错。] ω 7.C [由电压表达式u=2202sin 100πt(V)可知,交流电源的频率为f==50 Hz,变压器 2πU1不改变交变电流的频率,选项A错误;由表达式知原线圈电压有效值为U1=220 V,根据 U2n1=得:副线圈两端电压为U2=50 V,由于R2前面接有二极管,二极管具有单向导电性,n2U2U2′2502T 故电阻R2电压为U2′,则根据有效值定义:·+0=T,则整理可以得到:U2′= V, R22R22U2′U22所以通过R2电流为:I2==2 A,故选项C正确,选项B错误;输出端的总功率P= R2R1+I22R2=150 W,故输入功率也为150 W,故选项D错误]。 8.A [由电压与匝数的关系U0∶U3=n0∶n3,解得U3=110 V,A正确;当挡位由3变换到2时,输出电压减小,电动机的功率减小,B错误;当没有达到额定功率时,热功率小于P 1 W,C错误;在额定功率的情况下,电动机的额定电流为I==0.5 A,热功率Pr=I2r=1 UW,输出功率为P-Pr=(110-1)W=109 W,D错误。] P44 000 9.D [家用电器正常工作时的额定电压都是220 V,所以输电线中的电流为I== A U220=200 A,A错误;输电线路损失的电功率I2r=2002×2.5×10-4×400×2 W=8 000 W,B错误;输电线路损失的电压Ir=40 V,发电机实际输出电压为220 V+40 V=260 V,C错误;输出电压峰值为2602 V,D正确。] 61362 10.CD [L1恰正常发光,其电流为I2= A= A,灯泡的电阻R= Ω=216 Ω,电压 3666表示数为U并=0.5IR=18 V,故C正确;根据变压器的输入功率等于输出功率知P1=P2=1 U2I2=(36+18)× W=9 W,而又P1=U1I1=U1×0.5,解得U1=18 V,则原、副线圈匝数之 6比为n1∶n2=18∶54=1∶3,故A、B错误;若L3突然断路,负载电阻增大,电流I2减小,则L1变暗,L1分压减小,L2分压增大,L2变亮,输入功率P1=P2=U2I2减小,故D正确。]