2011年天津市中考数学试题和答案--解析版 下载本文

内容发布更新时间 : 2024/12/23 18:23:23星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。

在Rt△AOC中,由勾股定理得OA= OC2+AC2= 42+52= 41; (2)如图②,连接OC,则OC=OD,∵四边形ODCE为菱形,∴OD=CD,∴△ODC为等边三角形,有∠AOC=60°. 11由(1)知,∠OCA=90°,∴∠A=30°,∴OC= 2 OA,∴ ODOA= 2 . 点评:本题考查了切线的性质和勾股定理以及直角三角形、菱形的性质,是一道综合题,要熟练掌握. (23)(本小题8分) 某校兴趣小组坐游轮拍摄海河两岸美景.如图,游轮出发点A与望海楼B的距离为300 m.在一处测得望海校B位于A的北偏东30°方向.游轮沿正北方向行驶一段时间后到达C.在C处测得望海楼B位于C的北偏东60°方向.求此时游轮与望梅楼之间的距离BC (3取l.73.结果保留整数).

解:延长AC,做BH⊥AC延长线于点H ∵∠CAB=30° ∴sin∠A=BH/AB=BH/300m=1/2 ∴BH=150m 又∵∠HCB=60° ∴sin∠HCB=BH/CB=150m/CB=根号三/2 ∴CB=300/根号三=100×根号三≈100×1.73≈173m

(24)(本小题8分)

注意:为了使同学们更好她解答本题,我们提供了—种分析问题的方法,你可以依照这个方法按要求完成本题的解答.也可以选用其他方法,按照解答题的一班要求进行解答即可.

某商品现在的售价为每件35元.每天可卖出50件.市场调查反映:如果调整价格.每降价1元,每天可多卖出2件.请你帮助分析,当每件商品降价多少元时,可使每天的销售额最大,最大销售额是多少?

设每件商品降价x元.每天的销售额为y元.

(I) 分析:根据问题中的数量关系.用含x的式子填表:

(Ⅱ) (由以上分析,用含x的式子表示y,并求出问题的解)

解:Ⅰ)35?x, 50?2x

(Ⅱ)根据题意,每天的销售额y?(35?x)(50?2x), (0?x?35)

2

配方,得y??2(x?5)?1800,∴当x=5时,y取得最大值1800.

答:当每件商品降价5元时,可使每天的销售额最大,最大销售额为l 800元。 (25) (本小题10分)

在平面直角坐标系中.已知O坐标原点.点A(3.0),B(0,4).以点A为旋转中心,把△ABO顺时针旋转,得△ACD.记旋转转角为α.∠ABO为β.

(I) 如图①,当旋转后点D恰好落在AB边上时.求点D的坐标; (Ⅱ) 如图②,当旋转后满足BC∥x轴时.求α与β之闻的数量关系;

(Ⅲ) 当旋转后满足∠AOD=β时.求直线CD的解析式(直接写出即如果即可),

解:(I)∵点A(3,0).B(0,4).得0A=3,OB=4. ∴在Rt△ABO中.由勾股定理.得AB=5, 根据题意,有DA=OA=3 如图①.过点D作DM⊥x轴于点M,则MD∥OB.

ADAMDMAD9,得AM????AO?

ABAOBOAB5AD12 DM??BO?

AB596612又OM=OA-AM,得OM=3??.∴点D的坐标为(,)

5555∴△ADM∽△ABO。有

(Ⅱ)如图②.由己知,得∠CAB=α,AC=AB,∴∠ABC=∠ACB.

∴在△ABC中,由∠ABC+∠ACB+∠CAB=180°,得α=180°—2∠ABC,. 又∵BC∥x轴,得∠OBC=90°,有∠ABC=90°—∠ABO=90°—β ∴α=2β.

(Ⅲ) 直线CD的解析式为,y??

(26)(本小题10分) 已知抛物线C1:y1?77x?4或y?x?4. 242412x?x?1.点F(1,1). 2 (Ⅰ) 求抛物线C1的顶点坐标;

11??2 AFBF ②抛物线C1上任意一点P(xP,yP))(0?xP?1).连接PF.并延长交抛物线C1于点Q(xQ,yQ),

(Ⅱ) ①若抛物线C1与y轴的交点为A.连接AF,并延长交抛物线C1于点B,求证:试判断

11??2是否成立?请说明理由; PFQF (Ⅲ) 将抛物线C1作适当的平移.得抛物线C2:y2?1(x?h)2,若22?x?m时.y2?x恒成立,求m的最大值.

12112解 (I)∵y1?x?x?1?(x?1)?,

2221∴抛物线C1的顶点坐标为(1, ).

2(II)①根据题意,可得点A(0,1),∵F(1,1).∴AB∥x轴.得AF=BF=1,②

11??2 AFBF11??2成立. PFQF理由如下:如图,过点P(xP,yP)作PM⊥AB于点M,则FM=1?xP,PM=1?yP(0?xP?1)

22222∴Rt△PMF中,有勾股定理,得PF?FM?PM?(1?xP)?(1?yP)

11(xP?1)2?,即(xP?1)2?2yP?1 22222∴PF?2yP?1?(1?yP)?yP即PF?yP.

过点Q(xQ,yQ)作QN⊥B,与AB的延长线交于点N,同理可得QF?yQ.

又点P(xP,yP)在抛物线C1上,得yP?PFPM? QFQNPF1?PF11??2 ?这里PM?1?yP?1?PF,QN?yQ?1?QF?1∴即

QFQF?1PFQF图文∠PMF=∠QNF=90°,∠MFP=∠NFQ,∴△PMF∽△QNF有

(Ⅲ) 令y3?x,

设其图象与抛物线C'2交点的横坐标为x0,x0,且x'0

∵抛物线C12可以看作是抛物线y?2x2左右平移得到的, 观察图象.随着抛物线Cx'2向右不断平移,0,x0的值不断增大,

∴当满足2?x?m,.y'2?x恒成立时,m的最大值在x0处取得。可得当x'0?2时.所对应的x0即为m的最大值.

于是,将x10?2带入2(x?h)2?x,有12(2?h)2?2 解得h?4或h?0(舍)∴y122?2(x?4)

此时,yy122?3,得2(x?4)?x

解得x2,x'0?0?8

∴m的最大值为8.