内容发布更新时间 : 2024/5/2 6:58:04星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。

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（6）常温下，不能与G的单质发生反应的是（填序号） be ．

a．CuSO4溶液 b．Fe2O3 c．浓硫酸 d．NaOH溶液 e．Na2CO3固体 工业上用电解法制G的单质的化学方程式是 2Al2O3（熔融）

4Al+3O2↑ ，若

以石墨为电极，阳极产生的混合气体的成分是（写化学式） O2、CO2等 ． 【考点】8J：位置结构性质的相互关系应用．

【分析】X、Y、Z、M、G、Q是六种短周期主族元素，原子序数依次增大．Z、G分别是地壳中含量最高的非金属元素和金属元素，则Z为O元素、G为Al元素；Y的原子最外层电子数是其电子层数的2倍，原子序数小于O，只能处于第二周期，最外层电子数为4，则Y为C元素；X单质在常温下呈气态，则X为H元素，X与M同主族，原子序数大于O，则M为Na；Q单质常温下为气态，原子序数大于Al，则Q为Cl，据此解答．

【解答】解：X、Y、Z、M、G、Q是六种短周期主族元素，原子序数依次增大．Z、G分别是地壳中含量最高的非金属元素和金属元素，则Z为O元素、G为Al元素；Y的原子最外层电子数是其电子层数的2倍，原子序数小于O，只能处于第二周期，最外层电子数为4，则Y为C元素；X单质在常温下呈气态，则X为H元素，X与M同主族，原子序数大于O，则M为Na；Q单质常温下为气态，原子序数大于Al，则Q为Cl，

（1）同周期自左而右原子半径减小，同主族自上而下原子半径减小，故原子半径Na＞Al＞C＞O，

故答案为：Na＞Al＞C＞O；

（2）Z为O元素，在元素周期表中的位置为第二周期ⅥA族，故答案为：第二周期ⅥA族； （3）上述元素的最高价氧化物对应的水化物酸性最强的是HClO4，故答案为：HClO4； （4）H与C能形成多种化合物，其中既含极性键又含非极性键，且相对分子质量最小的物质是C2H2，在实验室中，制取该物质的反应原理是：CaC2+2H2O→Ca（OH）2+C2H2↑， 故答案为：C2H2；CaC2+2H2O→Ca（OH）2+C2H2↑； （5）Na2O的电子式为

，NaH与水反应可放出气体为氢气，同时生成

NaOH，该反应的化学方程式为 NaH+H2O=NaOH+H2↑， 故答案为：

；NaH+H2O=NaOH+H2↑；

（6）常温下，Al与硫酸铜溶液反应置换铜，与浓硫酸反应生成致密的氧化物保护膜，发生钝化现象，与氢氧化钠溶液反应生成偏铝酸钠与氢气，不能与氧化铁、碳酸钠反应； 教育配套资料K12

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工业上用电解法制Al的单质的化学方程式是2Al2O3（熔融）4Al+3O2↑，若以

石墨为电极，阳极产生的氧气与碳反应生成二氧化碳或CO，故阳极的混合气体的成分是O2、CO2等，

故答案为：be；2Al2O3（熔融）

4Al+3O2↑；O2、CO2等．

【点评】本题考查结构性质位置关系应用，推断元素是解题关键，侧重对化学用语的考查，（6）注意Al与各物质的反应，学生容易把钝化现象理解为不反应，为易错点，难度中等．

8．（18分）（2017?南开区模拟）室安卡因（G）是一种抗心律失常药物，可由下列路线合成：

Ⅰ．（1）已知A是的单体．则A中所含官能团的名称是 碳碳双键和羧基 ．

（2）写出B的结构简式并用系统命名法给C命名： B： CH3CH2COOH ，C的名称： 2﹣溴丙酸 ．

（3）L是E的向分异构体，L分子中含有苯环且苯环上一氯代物只有两种，则L所有可能的结构简式有

、

、

、

．

（4）F→G的反应类型是 取代反应 ．

（5）下列关于室安卡因（G）的说法正确的是 abc a．能发生加成反应 b．能使酸性高锰酸钾溶液褪色 c．能与盐酸反应生成盐 d．属于氨基酸 （6）写出

C

与足量

NaOH

醇溶液共热时反应的化学方程式：

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．

Ⅱ．H是C的同系物，其核磁共振氢谱有两个峰．按如下路线，由H可合成高聚物V：

（7）H的结构简式为 ；N→Q的反应类型为 消去反应 ．

（8）写出Q→V的反应方程式： 【考点】HB：有机物的推断． 【分析】I．A是

．

的单体，则A的结构简式为：CH2=CHCOOH，A和和氢气发生加

成反应生成B，B的结构简式为CH3CH2COOH，B和溴发生取代反应生成C，C为CH3CHBrCOOH，C发生取代反应生成D，D和E发生取代反应生成F，F发生取代反应生成G； II．H是C的同系物，H的相对分子质量是167，H的碳原子个数=核磁共振氢谱有两个峰，则H的结构简式为

=4，其

，H发生酯化反应生成N，N的结构简

式为（CH3）N和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应生成Q，Q的结构简式为CH2=C2CBrCOOCH2CH3，（CH3）COOCH2CH3，Q发生加聚反应生成V，V的结构简式为构和性质分析解答． 【解答】解：A是

的单体，则A的结构简式为：CH2=CHCOOH，A和和氢气发生

，结合物质的结

加成反应生成B，B的结构简式为CH3CH2COOH，B和溴发生取代反应生成C，C为CH3CHBrCOOH，C发生取代反应生成D，D和E发生取代反应生成F，F发生取代反应生成G， （1）A是

的单体，则A的结构简式为：CH2=CHCOOH，A中官能团名称是碳碳双

键和羧基，故答案为：碳碳双键和羧基；

（2）B的结构简式为CH3CH2COOH，C的结构简式为CH3CHBrCOOH，C的名称是2﹣溴丙酸， 故答案为：CH3CH2COOH；2﹣溴丙酸；

（3）L是E的向分异构体，L分子中含有苯环且苯环上一氯代物只有两种，则L分子中苯环教育配套资料K12

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上有两类氢原子，则L所有可能的结构简式有、、，

故答案为：、、；

（4）根据F和G结构简式的差异性知，F和氨气发生取代反应生成G，故答案为：取代反应； （5）G中含有氨基、羰基、苯环，

a．G中含有羰基和苯环，所以能发生加成反应，故正确；

b．G连接苯环的碳原子上含有氢原子，所以能被高锰酸钾氧化生成羧酸，所以能使酸性高锰酸钾溶液褪色 ，故正确；

c．G中含有氨基，所以能与盐酸反应生成盐，故正确； d．G中不含羧基，不属于氨基酸，故错误； 故选abc；

（6）C与足量NaOH醇溶液共热发生的反应涉及两个方面，一是消去溴化氢分子的反应，二是酸碱中和反应，故1molC消耗2molNaOH，所以其反应方程式为：

，

故答案为：；

II．H是C的同系物，H的相对分子质量是167，H的碳原子个数=核磁共振氢谱有两个峰，则H的结构简式为

=4，其

，H发生酯化反应生成N，N的结构简

式为（CH3）N和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应生成Q，Q的结构简式为CH2=C2CBrCOOCH2CH3，（CH3）COOCH2CH3，Q发生加聚反应生成V，V的结构简式为

，

（7）通过以上分析知，H的结构简式为故答案为：

；消去反应；

，N发生消去反应生成Q，

（8）Q→V的反应方程式为，故答案为：

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．

【点评】本题考查了有机物的合成，明确有机物的结构及官能团性质是解本题关键，注意C和氢氧化钠的醇溶液反应，不能发生消去反应还发生中和反应，容易漏掉中和反应而导致错误，为易错点．

9．（18分）（2017?南开区模拟）草酸（乙二酸）存在于自然界的植物中，其K1=5.4×10﹣

2

，K2=5.4×10﹣5．草酸的钠盐和钾盐易溶于水，而其钙盐难溶于水．草酸晶体（H2C2O4?2H2O）

无色，熔点为101℃，易溶于水，受热脱水、升华，170℃以上分解．请回答下列问题：

（1）甲组同学按照图1所示装置，通过实验检验草酸晶体的分解产物．装置C中可观察到的现象是 有气泡冒出，澄清石灰水变浑浊 ，由此可知草酸晶体分解的产物中有 CO2 ．装置B的主要作用是 冷凝（水蒸气和草酸），防止草酸进入装置C反应生成沉淀而干扰CO2的检验 ．

（2）乙组同学认为草酸晶体分解产物中还有CO，为进行验证，选用甲组实验中的装置A、B和如图所示的部分装置（可以重复选用）进行实验．

①乙组同学的实验装置中，依次连接的合理顺序为A、B、 F、D、G、H、D、I ．装置H反应管中盛有的物质是 CuO ．

②能证明草酸晶体分解产物中有CO的现象是 H中黑色粉末变为红色，其后的D中澄清石灰水变浑浊 ． （3）设计实验证明：

①草酸的酸性比碳酸的强 向盛有少量NaHCO3的试管里滴加草酸溶液，有气泡产生就说明草酸酸性大于碳酸 ． 教育配套资料K12