内容发布更新时间 : 2024/5/18 8:27:20星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
初中数学竞赛专题培训 第八讲 非负数
所谓非负数，是指零和正实数．非负数的性质在解题中颇有
用处．常见的非负数有三种：实数的偶次幂、实数的绝对值和算术根．
1．实数的偶次幂是非负数
若a是任意实数，则a2n
≥0(n为正整数)，特别地，当n=1时，有a2
≥0．
2．实数的绝对值是非负数 若a是实数，则
性质 绝对值最小的实数是零．` 3．一个正实数的算术根是非负数
4．非负数的其他性质
(1)数轴上，原点和原点右边的点表示的数都是非负数．(2)有限个非负数的和仍为非负数，即若a1，a2，?，an为非负数，则
a1＋a2＋?＋an≥0．
(3)有限个非负数的和为零，那么每一个加数也必为零，即若a1，a2，?，an为非负数，且a1＋a2＋?＋an=0，则必有a1＝a2＝?＝an＝0．
在利用非负数解决问题的过程中，这条性质使用的最多． (4)非负数的积和商(除数不为零)仍为非负数． (5)最小非负数为零，没有最大的非负数．
(6)一元二次方程ax2
＋bx＋c=0(a≠0)有实数根的充要条件是判别式△=b2
-4ac为非负数．
应用非负数解决问题的关键在于能否识别并揭示出题目中的非负数，正确运用非负数的有关概念及其性质，巧妙地进行相应关系的转化，从而使问题得到解决．
解得a=3，b=-2．代入代数式得
解 因为(20x-3)2
为非负数，所以
-(20x-3)2
≤0． ①
-(20x-3)2
≥0． ②
由①，②可得：-(20x-3)2
=0．所以 原式=｜｜20±0｜＋20｜=40．
说明 本题解法中应用了“若a≥0且a≤0，则a=0”，这是个很有用的性质．
例3 已知x，y为实数，
解 因为x，y为实数，要使y的表达式有意义，必有
解 因为a2
+b2
-4a-2b+5=0，所以
a2
-4a+4+b2
-2b+1=0，
即 (a-2)2
+(b-1)2
=0． (a-2)2
=0，且 (b-1)2=0． 所以a=2，b=1．所以
例5 已知x，y为实数，求
u=5x2-6xy+2y2
+2x-2y+3的最小值和取得最小值时的x，y的值． 解 u=5x2
-6xy+2y2
+2x-2y+3
=x2
+y2
+1-2xy+2x-2y+4x2
-4xy+yg2+2 =(x-y+1)2
+(2x-y)2
+2． 因为x，y为实数，所以
(x-y+1)2
≥0，(2x-y)2
≥0，所以u≥2．所以当
时，u有最小值2，此时x=1，y=2．
例6 确定方程(a2
+1)x2
-2ax+(a2
+4)=0的实数根的个数． 解 将原方程化为
a2x2-2ax+1+x2+a2
+3=0， 即(ax-1)2
+x2
+a2
+3=0． 对于任意实数x，均有
(ax-1)2≥0，x2≥0，a2≥0，3＞0，所以，(ax-1)2+x2+a2
+3恒大于0，故
(a2
+1)x2
-2ax+(a2
+4)=0无实根． 例7 求方程
的实数根．
分析 本题是已知一个方程，但要求出两个未知数的值，而要
确定两个未知数的值，一般需要两个方程．因此，要将已知方程变形，看能否出现新的形式，以利于解题．
解之得
经检验，均为原方程的解．
说明 应用非负数的性质“几个非负数之和为零，则这几个非负数都为零”，可将一个等式转化为几个等式，从而增加了求解的条件．
例8 已知方程组
求实数x1，x2，?，xn的值．
解 显然，x1=x2=?=xn=0是方程组的解．
由已知方程组可知，在x1，x2，?，xn 中，只要有一个值为零，则必有x1=x2=?=xn=0．所以当x1≠0，x2≠0，?，xn≠0时，将原方程组化为
将上面n个方程相加得
又因为xi为实数，所以
经检验，原方程组的解为
例9 求满足方程｜a-b｜+ab=1的非负整数a，b的值． 解 由于a，b为非负整数，所以
解得
例10 当a，b为何值时，方程
x2
+2(1+a)x+3a2
+4ab+4b2
+2=0有实数根？ 解 因为方程有实数根，所以△≥0，即 △=4(1+a)2
-4(3a2
+4ab+4b2
+2) =4a2
+8a+4-12a2
-16ab-16b2
-8 =-8a2
-16ab-16b2
+8a-4≥0， 所以
2a2
-4ab-4b2
+2a-1≥0， -a2
+2a-1-a2
-4ab-4b2
≥0， -(a-1)2
-(a+2b)2
≥0．
因为(a-1)2≥0，(a+2b)2
≥0，所以
例11 已知实数a，b，c，r，p满足
pr＞1，pc-2b+ra=0，
求证：一元二次方程ax2+2bx+c=0必有实数根． 证 由已知得2b=pc+ra，所以 △=(2b)2
-4ac=(pc+ra)2-4ac =p2c2
+2pcra+r2a2
-4ac =p2c2
-2pcra+r2a2
+4pcra-4ac
=(pc-ra)2
+4ac(pr-1)．由已知pr-1＞0，又(pc-ra)2
≥0，所以当ac≥0时，△≥0；当ac＜0时，也有△=(2b)2
-4ac＞0．综上，总有△≥0，故原方程必有实数根．
例12 对任意实数x，比较3x2+2x-1与x2
+5x-3的大小． 解 用比差法． (3x2
+2x-1)-(x2
+5x-3) =2x2-3x+2
即
(3x2+2x-1)-(x2
+5x-3)＞0， 所以 3x2
+2x-1＞x2
+5x-3．
说明 比差法是比较两个代数式值的大小的常用方法，除此之外，为判定差是大于零还是小于零，配方法也是常用的方法之一，本例正是有效地利用了这两个方法，使问题得到解决． 例13 已知a，b，c为实数，设
证明：A，B，C中至少有一个值大于零． 证 由题设有 A+B+C
=(a2
-2a+1)+(b2
-2b+1)+(c2
-2c+1)+π-3 =(a-1)2
+(b-1)2
+(c-1)2
+(π-3)．
因为(a-1)2
≥0，(b-1)2
≥0，(c-1)2
≥0，π-3＞0，所以A+B+C＞0．
若A≤0，B≤0，C≤0，则A+B+C≤0与A+B+C＞0不符，所以A，B，C中至少有一个大于零． 例14 已知a≥0，b≥0，求证：
分析与证明 对要求证的不等式两边分别因式分解有
由不等式的性质知道，只须证明
因为a≥0，b≥0，所以
又因为
所以原不等式成立．
例15 四边形四条边长分别为a，b，c，d，它们满足等式
a4
+b4
+c4
+d4
=4abcd，
试判断四边形的形状． 解 由已知可得 a4
+b4
+c4
+d4
-4abcd=0， 所以
(a4
-2a2b2
+b4
)+(c2
-2c2d2
+d4
)+(2a2b2
-4abcd+2c2d2
)=0， 即 (a2
-b2)2
+(c2
-d2)2
+2(ab-cd)2
=0． 因为a，b，c，d都是实数，所以 (a2
-b2)2
≥0，(c2
-d2)2
≥0，(ab-cd)2
≥0， 所以
由于a，b，c，d都为正数，所以，解①，②，③有
a=b=c=d．
故此四边形为菱形．
练 习 八
1．求x，y的值：
4．若实数x，y，z满足条件
5．已知a，b，c，x，y，z都是非零实数，且
a2
+b2
+c2
=x2
+y2
+z2
=ax+by-cz，
6．若方程k(x2
-4)+ax-1=0对一切实数k都有实数根，求a的
取值范围．