内容发布更新时间 : 2024/12/24 10:34:06星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
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19.(本小题满分14分)△ABC底边BC=10,∠A=∠B,以B
2为极点,BC为极轴,求顶点A的轨迹的极坐标方程.
19.分析:本题利用正余弦定理的边角关系找到顶点A的ρ、θ之间的关系,从而求得其轨迹方程.
解析:如下图,令A(ρ,θ),
在△ABC内,设∠B=θ,∠A=由正弦定理,得
θ2
,又|BC|=10,|AB|=ρ.于是
ρ?3θ???π-sin 2??
=10sin
2
θ,
化简,得点A轨迹的极坐标方程为
ρ=10+20cos θ.
20.(本小题满分14分)已知定点A(a,0),动点P对极点O和点A的张角∠OPA=
π
.在OP的延长线上取点Q,使|PQ|=|PA|.当P在极3
轴上方运动时,求点Q的轨迹的极坐标方程.
20.解析:设Q、P的坐标分别是(ρ,θ)、(ρ1,θ1),则θ=θ1.
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在△POA中,由正弦定理得,
?2π?asin θa
??ρ1=·sin. -θ,|PA|=
ππ?3?sinsin 33
又|OQ|=|OP|+|PA|,
?π?
∴ρ=2asin?θ+?.
6??
21.(本小题满分14分)在平面直角坐标系中,已知点A(3,0),P是圆x2+y2=1上的一个动点,且∠AOP的平分线交PA于点Q,求点Q的轨迹的极坐标方程.
21.分析:需要找出点Q的极角和极径的关系,在这里我们可以通过三角形的面积建立关系.
解析:以圆心O为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,设Q(ρ,
θ),P(1,2θ).
因为S△OAQ+S△OQP=S△OAP,
111
所以·3ρ·sin θ+ρ·sin θ=×3×1×sin 2θ.
2223
整理得ρ=cos θ.
2
22.(本小题满分14分)已知半圆直径|AB|=2r(r>0),半圆外一条
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r????2a<直线l与AB所在直线垂直相交与点T,并且|AT|=2a2?.若半圆上?相异两点M、N到l的距离|MP|,|NQ|满足|MP|∶|MA|=|NQ|∶|NA|=1,通过建立极坐标系,求证|MA|+|NA|=|AB|.
22.证明:证法一 以A为极点,射线AB为极轴建立极坐标系, 则半圆的极坐标方程为ρ=2rcos θ, 设M(ρ1,θ1),N(ρ2,θ2), 则ρ1=2rcos θ1,ρ2=2rcos θ2, 又|MP|=2a+ρ1cos θ1=2a+2rcos2θ1, |NQ|=2a+ρ2cos θ2=2a+2rcos2θ2, ∴|MP|=2a+2rcos2θ1=2rcos θ1, ∴|NQ|=2a+2rcos2θ2=2rcos θ2,
∴cos θ1,cos θ2是关于cos θ的方程rcos2θ-rcos θ+a=0的两个根,由韦达定理知:cos θ1+cos θ2=1,∴|MA|+|NA|=2rcos
θ1+2rcos θ2=2r=|AB|.
证法二 以A为极点,射线AB为极轴建立直角坐标系, 则半圆的极坐标方程为ρ=2rcos θ, 设M(ρ1,θ1),N(ρ2,θ2),
2a
又由题意知,M(ρ1,θ1),N(ρ2,θ2)在抛物线ρ=上,
1-cos θ∴2rcos θ=
2a
,rcos2θ-rcos θ+a=0,
1-cos θ∴cos θ1,cos θ2是方程rcos2θ-rcos θ+a=0的两个根, 由韦达定理知:cos θ1+cos θ2=1,
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∴|MA|+|NA|=2rcos θ1+2rcos θ2=2r=|AB|.
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