内容发布更新时间 : 2024/6/29 11:10:42星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
专题：气体状态变化导致的液柱动态变化问题 一、气体温度不变（运动状态和放置方式改变）
例1、如图所示，开口向下并插入水银槽中的粗细均匀的玻璃管内封闭着长为H的空气柱，管内水银柱高于水银槽h ，若将玻璃管竖直向上缓慢地提起（管下端未离开槽内水银面），则H和h的变化情况为（ A ）
A.H和h都增大 B.H和h都减小
H C.H减小,h增大 D.H增大,h减小 分析与解:（假设法）
h 思路一：假设管内水银柱高度不变
由于水银柱的高度不变，封闭空气柱变长，根据玻意耳定律,气体体积增大，空气柱压强变小，根据P=P0-ρgh（即h增大）。所以H和h都增大
思路二：假设管内封闭空气柱长度不变
由于管内封闭空气柱长度不变， h增大，压强减小，根据玻意耳定律压强减小，体积增大。所以H和h都增大。
小结：解决动态变化的常用方法就是假设法，然后利用PV之间关系来确定压强和体积如何变化。（水银柱高于水银槽的高度与气柱长度同增同减）但是水银柱从静止改变运动状态最根本的原因就是受力不再平衡。
1、如图所示，一端封闭的玻璃管开口向下竖直插入水银槽中，管的上部封有部分空气，玻璃管露L h 出槽中水银面的长度为L，两水银面的高度差为h，现保持L不变，使玻璃管向右转过一个小角度，则（ BD ）
A.h将增大 B.h将减小
C.h不变 D.空气柱的长度会减小 2、运动状态和放置方式的改变
例2、如图所示，粗细均匀的玻璃管，两端封闭，中间
用一段小水银柱将空气分隔成A、B两部分，竖直放置处于静A 止时，水银柱刚好在正中，
（1）现让玻璃管做自由落体运动时，水银柱相对玻璃管
B
如何移动
分析与解：
原来静止时PB>PA，玻璃管自由落体运动时，水银处于完全失重状态，所以末状态当水银柱相对玻璃管稳定时PB=PA（结合受力分析），对于A气体压强增大根据玻意耳定律，体积减小，而B
气体正好相反，所以水银相对玻璃管向上移动。（用假设法，假设体积不变，原来平衡PB>PA ，，现需要向下的合外力，所以PA增大，PB减小）
思考：有没有可能PA增大，PB不变 （拓展）上题的基础上
（2）现将玻璃管水平放置，当再次达到平衡时，水银柱相对于玻璃管如何移动
A B 分析与解：
原来竖直时PB>PA，玻璃管水平后，再次
平衡时PB=PA（结合受力分析），对于A气体压强增大根据玻意耳定律，体积减小，而B气体正好相反，所以水银相对玻璃管向A移动。
小结：假设体积不变，可以根据受力分析，确定压强的大小关系，再分别判断各自压强如何变化，分别用玻意耳定律来判断各自体积如何变化，从而来判断水银柱的移动。 二、气体温度的改变
例3、如图所示，在两端封闭的玻璃管中间用水银柱将其分成体积相等的左右两部分，并充入温度相同的气体，若把气体缓缓升高相同的温度（保持管水平不动），然后保持恒温， 则：（1）水银柱如何移动
（２）若气体B初始温度高，把气体缓缓升高相
同的温度，然后保持恒温，，则水银柱又如何移动 分析与解
前提方法：假设法，假设水银柱不动，两部分气体均作等容变化，
思路（１）用数学函数推导：
设开始时气体温度为T0，压强为pA和pB，升高温度△T，升温后为 T1和T2，压强为pA’和pB’，压强减少量为△pA和△pB，分别对两部 分气体应用查理定律：
对于A：pA /T0 = pA’/ T1 =△pA/△T △pA = pA△T / T0 对于B：pB/ T0 = pB’/ T2 =△pB△T △pB= pB△T / T0
PA=pB，故有△pA=△pB，
△FA=△FB 水银柱不动（值得注意的是：这里最根本
A B 的是受力，而并非压强）
思路二：图象法，在同一p-T图上画P 出两段气柱的等容线，
如右图（因在温度相同时pA=pB，得气柱lA△ p 等容线的斜率与气柱lB一样）。 △T 由图线可知当两气柱升高相同的温度时，
O
其压强增大量△pA=△pB ， 故△FA=△FB，水银柱不动）。
（２） 假设体积不变：(1)数学函数法
△pA = pA△T / TＡ
△pB= pB△T / TＢ
由于TＡ < TB
△pA>△pB
（２）由图象法：△pA>△pB
水银柱向B移动
P △pA △pB B T
A T
思考：如图所示，在两端封闭的玻璃管中间用水银柱将其分成体积相等的上下两部分，并充入温度相同的气体， （1）若把气体缓缓升高相同的温度（保持管竖直不动），然后保持恒温，则水银柱如何移动
（2）若把气体缓缓降低相同的温度（保持管竖直不动），然后保持恒温，则水银柱如何移动 分析与解：
(1)数学函数法 △pB= pB△T / T0