内容发布更新时间 : 2024/12/23 14:22:59星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
15.(2015?枣庄校级模拟)图甲所示电路中,A1、A2、A3为相同的电流表,C为电容器,电阻R1、R2、R3的阻值相同,线圈L的电阻不计.在某段时间内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示,则在t1~t2时间内( )
A. 电流表A1的示数比A2的小 B. 电流表A2的示数比A3的小 C. 电流表A1和A2的示数相同 D. 电流表的示数都不为零
16. (2015?扬州高三测试?6).如图所示,理想变压器的原副线圈的匝数比为4:1,原线圈接有u=311sin100πt V的交变电压,副线圈上接有定值电阻R、线圈L、灯泡L1及理想电压表V,以下说法正确的是( ) A.副线圈中电流的变化频率为50HZ B.灯泡L1两端电压为55V
C.若交变电压u的有效值不变,频率增大,则灯泡L1的亮度将变暗
D.若交变电压u的有效值不变,频率增大,则电压表V的示数将减小
17. (2015?济南一模?17).如图为发电厂向远处用户的输电电路示意图,升压变压器和降压变压器均为理想变压器,发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变。若输送功率增大,下列说法中正确的有( )
~
R L
V
A.升压变压器的输出电压增大 B.降压变压器的输出电压增大 C.输电线上损耗的功率增大
第1讲 直流和交流电路(B卷)
参考答案与详解
D.输电线上损耗的功率占总功率的比例增大
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1.【答案】C
【命题立意】本题旨在考查简单的逻辑电路。
【解析】A、当光照强度增大时,半导体光敏电阻R0,其阻值减小,则电路中的电流增大,则变阻器分担的电压增大,所以A点的电势升高,故A错误;
B、可变电阻R阻值调大时,导致电路的电流减小,则A点电势升高,故B错误; C、可变电阻R阻值调大时,导致电路的电流减小,则A点电势升高,由于当A点电势?A??0时,控制开关处于断路状态;当?A??0时,控制开关接通电路,所以此时需要光敏电阻的电阻值更大时,即天色更暗时路灯开始工作,故C正确;
D、若电源两端电压降低,则控制电路获得的电压减小,所以要求路灯仍能准点工作,应将可变电阻R减小,故D错误。 故选:C 2.【答案】ABD
【命题立意】本题旨在考查闭合电路的欧姆定律。
【解析】A、已知:电源电源的电动势E?9.0V,I1?2mA?0.002A, I2?3.6mA?0.0036A;由图象知,当R的温度等于200C时,热敏电阻的阻值R?4000?,由串联电路特点及闭合电路欧姆定律得:E?I1(R?R内) 即:9.0V?0.002A?(4000??R内),解得:R内?500?,则A正确; B、当电流I2?0.0036A时,由串联电路特点及欧姆定律得:EU?I2(R??R内) 即:9.0V?0.0036A?(R??500?),解得:R??2000? 由图象知,此时热敏电阻的温度t?1000C,则B正确; C、温度升高,电阻变小,则比值变小,则C错误; D、由U?E?Ir,则故选:ABD 【举一反三】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、识图能力,熟练掌握串联电路的特点、欧姆定律是正确解题的前提,由图象找出热敏电阻的阻值与对应的温度关系是解题的关键;解题时注意单位换算。 3.【答案】C 【命题立意】本题旨在考察闭合电路的欧姆定律
?U?r,则不变,则D正确; ?I第7页
【解析】 电源为恒流电源,电源输出的是恒定电流,设为I0,并设滑动端上移前电压表示数为U1,电流表示数为I1.根据欧姆定律和电路的连接关系,得到出判断.
解:设电源输出的恒定电流为I0,R1两端电压为UR1(由于通过它的电流恒定,所以该电压亦恒定),滑动端上移前电压表示数为U1,电流表示数为I1;滑动端上移后,电压表示数为U2,电流表示数为I2(由于R0变大,所以必有U2>U1,I2<I1).于是有
?U的表达式,即可作?IU1?UR1?(I0?I1)R2,U1?UR1?(I0?I1)R2,
两式相减得 U2﹣U1=(I1﹣I2)R2 即
?U?R2 ?I4.【答案】D
【命题立意】本题旨在考查欧姆定律的应用、电功率的计算。
【解析】由图可知,三电阻串联,V1测R1两端的电压,V2测R2两端的电压,电流表测电路 中的电流,
A、当滑片向左端滑动时,接入电路中的电阻减小,电路中的总电阻减小,由I?U可知, R电路中的电流增大,R0、R1两端的电压增大,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所 以,R2两端的电压减小,即电压表V2示数减小,由图象可知,甲表示电压表的示数随电流 的增大而减小,表示的是电压表V2示数随电流变化的图线,故A错误;
BC、当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时, R1与R0串联,电路中的电流最大,由图象 可知,R1两端的电压U1?3V,电路中的电流I1?0.6A,则电阻R1的阻值:
R1?U13V??5?,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,电源的电压: I10.6AU?U1?I1R0?3V?0.6A?R0 ①
??1V,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,三电阻串联,由图象可知,R1两端的电压U1 R2两端的电压U2?4V,电路中的电流I2?0.2A,滑动变阻器的最大阻值: R2m?U24V??20?,则电源的电压:U?U1??U2?I2R0?1V?4V?0.2A?R0② I20.2A第8页
由①②可得,R0?5?U?6V,故B、C错误; D、电路中的电流:I?功
率:P2?IR2?(2U6V6V??,滑动变阻器消耗的电
R0?R1?R25??5??R210??R26V)2R2,当R2?10?时,滑动变阻器消耗的电功率最大,则
10??R2(6V)2P2m??0.9W,故D正确。
40?故选:D 5.【答案】BD
【命题立意】本题旨在考查电容器的动态分析。
【解析】A、当乙传感器接入电路实验时,若F变小,电容器两极板间的距离增大,根据电容的决定式C??S得知,电容减小,而电压不变,则由Q?CU可知,电容器所带的电4?kd量减小,电容器放电,电路中有顺时针方向的电流,则电流表指针向左偏转,故A错误; B、当乙传感器接入电路实验时,若F变大,电容器两极板间的距离减小,根据电容的决定式C??S得知,电容增大,而电压不变,则由Q?CU可知,电容器所带的电量增加,4?kd电容器充电,电路中有逆时针方向的电流,则电流表指针向右偏转,故B正确;
C、当丙传感器接入电路实验时,若导电溶液深度h变大,两电极正对面积增大,电容增大,而电压不变,则电容器充电,电路中有逆时针方向的电流,则电流表指针向右偏转,故C错误;
D、当丙传感器接入电路实验时,若导电溶液深度h变小,两电极正对面积减小,电容减小,而电压不变,则电容器放电,电路中有顺时针方向的电流,则电流表指针向左偏转,故D正确。 故选:BD 6.【答案】CD
【命题立意】本题旨在考查电容。
【解析】A、电流逐渐减小,故为电容器放电过程,而充电电流由电源正极流向a极板,而不是由a极板穿过电容器内部流向b极板,故A错误; B、C点的坐标乘积表示t时刻电容器放电的电量,故B错误;
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C、根据图象的含义,因Q=It,所以方格的面积表示为电容器放电量,也为充电的总电量,
Q?0.1?10?3?0.1?80C?8?10?4C,故C正确;
Q8?10?4?F?10?4F,故D正确. D、由C的定义式C?U8故选:CD 7.【答案】A
【命题立意】该题考查正弦式交变电流的产生
【解析】t=0.005s电动势最大,则线圈平面与磁场方向平行,故A正确; t=0.010s时电动
势为0,则线圈的磁通量变化率为0,故B错误;由图可知周期为0.02,则频率为=50Hz,
故C错误;线圈产生的交变电动势有效值为8.【答案】B
V,故D错误。
【命题立意】本题旨在考查变压器的构造原理、交流电的四值
【解析】解本题的关键:交流电和直流电的定义,直流电是指电流方向不发生变化的电流; 理解并会求交流电的有效值,U?Em2,只适用于正余弦交流电;
根据图象书写交流电的表达;变压器的原理等
A、由于两图中表示的电流方向都随时间变化,因此都为交流电,故A错误;
B、由于对应相同时刻,图甲电压比图乙电压大,根据有效值的定义可知,图1有效值要比图2有效值大,图甲是正弦式交流电,所以有效值U?正确;
C、图乙不是正弦式交流电,所以表达式不是正弦函数,故C错误; D、理想变压器变压后,功率不发生变化,故D错误. 故选:B 9.【答案】BC
【命题立意】本题旨在考查变压器的构造和原理、交流发电机及其产生正弦式电流的原理。 【解析】AB、线圈以较大的转速n匀速转动时,所以??2?n,电压表示数U为有效值,所以变压器输入电压的瞬时值为:u?Em2?220V,乙小于220V,故B
2Usin2?nt,故A错误,B正确;
CD、理想变压器的输入功率和输出功率相等,灯泡正常发光时电功率为P,所以输入功率
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