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15.（2015?枣庄校级模拟）图甲所示电路中，A1、A2、A3为相同的电流表，C为电容器，电阻R1、R2、R3的阻值相同，线圈L的电阻不计．在某段时间内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示，则在t1～t2时间内（ ）

A． 电流表A1的示数比A2的小 B． 电流表A2的示数比A3的小 C． 电流表A1和A2的示数相同 D． 电流表的示数都不为零

16. (2015?扬州高三测试?6)．如图所示，理想变压器的原副线圈的匝数比为4:1，原线圈接有u=311sin100πt V的交变电压，副线圈上接有定值电阻R、线圈L、灯泡L1及理想电压表V，以下说法正确的是（ ） A．副线圈中电流的变化频率为50HZ B．灯泡L1两端电压为55V

C．若交变电压u的有效值不变，频率增大，则灯泡L1的亮度将变暗

D．若交变电压u的有效值不变，频率增大，则电压表V的示数将减小

17. (2015?济南一模?17)．如图为发电厂向远处用户的输电电路示意图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变。若输送功率增大，下列说法中正确的有（ ）

～

R L

V

A．升压变压器的输出电压增大 B．降压变压器的输出电压增大 C．输电线上损耗的功率增大

第1讲 直流和交流电路（B卷）

参考答案与详解

D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大

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1.【答案】C

【命题立意】本题旨在考查简单的逻辑电路。

【解析】A、当光照强度增大时，半导体光敏电阻R0，其阻值减小，则电路中的电流增大，则变阻器分担的电压增大，所以A点的电势升高，故A错误；

B、可变电阻R阻值调大时，导致电路的电流减小，则A点电势升高，故B错误； C、可变电阻R阻值调大时，导致电路的电流减小，则A点电势升高，由于当A点电势?A??0时，控制开关处于断路状态；当?A??0时，控制开关接通电路，所以此时需要光敏电阻的电阻值更大时，即天色更暗时路灯开始工作，故C正确；

D、若电源两端电压降低，则控制电路获得的电压减小，所以要求路灯仍能准点工作，应将可变电阻R减小，故D错误。 故选：C 2.【答案】ABD

【命题立意】本题旨在考查闭合电路的欧姆定律。

【解析】A、已知：电源电源的电动势E?9.0V，I1?2mA?0.002A， I2?3.6mA?0.0036A；由图象知，当R的温度等于200C时，热敏电阻的阻值R?4000?，由串联电路特点及闭合电路欧姆定律得：E?I1(R?R内) 即：9.0V?0.002A?(4000??R内)，解得：R内?500?，则A正确； B、当电流I2?0.0036A时，由串联电路特点及欧姆定律得：EU?I2(R??R内) 即：9.0V?0.0036A?(R??500?)，解得：R??2000? 由图象知，此时热敏电阻的温度t?1000C，则B正确； C、温度升高，电阻变小，则比值变小，则C错误； D、由U?E?Ir，则故选：ABD 【举一反三】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、识图能力，熟练掌握串联电路的特点、欧姆定律是正确解题的前提，由图象找出热敏电阻的阻值与对应的温度关系是解题的关键；解题时注意单位换算。 3.【答案】C 【命题立意】本题旨在考察闭合电路的欧姆定律

?U?r，则不变，则D正确； ?I第7页

【解析】 电源为恒流电源，电源输出的是恒定电流，设为I0，并设滑动端上移前电压表示数为U1，电流表示数为I1．根据欧姆定律和电路的连接关系，得到出判断．

解：设电源输出的恒定电流为I0，R1两端电压为UR1（由于通过它的电流恒定，所以该电压亦恒定），滑动端上移前电压表示数为U1，电流表示数为I1；滑动端上移后，电压表示数为U2，电流表示数为I2（由于R0变大，所以必有U2＞U1，I2＜I1）．于是有

?U的表达式，即可作?IU1?UR1?(I0?I1)R2，U1?UR1?(I0?I1)R2，

两式相减得 U2﹣U1=（I1﹣I2）R2 即

?U?R2 ?I4.【答案】D

【命题立意】本题旨在考查欧姆定律的应用、电功率的计算。

【解析】由图可知，三电阻串联，V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路 中的电流,

A、当滑片向左端滑动时，接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻减小，由I?U可知， R电路中的电流增大，R0、R1两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所 以，R2两端的电压减小，即电压表V2示数减小，由图象可知，甲表示电压表的示数随电流 的增大而减小，表示的是电压表V2示数随电流变化的图线，故A错误；

BC、当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时， R1与R0串联，电路中的电流最大，由图象 可知，R1两端的电压U1?3V，电路中的电流I1?0.6A，则电阻R1的阻值：

R1?U13V??5?，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压： I10.6AU?U1?I1R0?3V?0.6A?R0 ①

??1V，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，三电阻串联，由图象可知，R1两端的电压U1 R2两端的电压U2?4V，电路中的电流I2?0.2A，滑动变阻器的最大阻值： R2m?U24V??20?，则电源的电压：U?U1??U2?I2R0?1V?4V?0.2A?R0② I20.2A第8页

由①②可得，R0?5?U?6V，故B、C错误； D、电路中的电流：I?功

率：P2?IR2?(2U6V6V??，滑动变阻器消耗的电

R0?R1?R25??5??R210??R26V)2R2，当R2?10?时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则

10??R2(6V)2P2m??0.9W，故D正确。

40?故选：D 5.【答案】BD

【命题立意】本题旨在考查电容器的动态分析。

【解析】A、当乙传感器接入电路实验时，若F变小，电容器两极板间的距离增大，根据电容的决定式C??S得知，电容减小，而电压不变，则由Q?CU可知，电容器所带的电4?kd量减小，电容器放电，电路中有顺时针方向的电流，则电流表指针向左偏转，故A错误； B、当乙传感器接入电路实验时，若F变大，电容器两极板间的距离减小，根据电容的决定式C??S得知，电容增大，而电压不变，则由Q?CU可知，电容器所带的电量增加，4?kd电容器充电，电路中有逆时针方向的电流，则电流表指针向右偏转，故B正确；

C、当丙传感器接入电路实验时，若导电溶液深度h变大，两电极正对面积增大，电容增大，而电压不变，则电容器充电，电路中有逆时针方向的电流，则电流表指针向右偏转，故C错误；

D、当丙传感器接入电路实验时，若导电溶液深度h变小，两电极正对面积减小，电容减小，而电压不变，则电容器放电，电路中有顺时针方向的电流，则电流表指针向左偏转，故D正确。 故选：BD 6.【答案】CD

【命题立意】本题旨在考查电容。

【解析】A、电流逐渐减小，故为电容器放电过程，而充电电流由电源正极流向a极板，而不是由a极板穿过电容器内部流向b极板，故A错误； B、C点的坐标乘积表示t时刻电容器放电的电量，故B错误；

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C、根据图象的含义，因Q=It，所以方格的面积表示为电容器放电量，也为充电的总电量，

Q?0.1?10?3?0.1?80C?8?10?4C，故C正确；

Q8?10?4?F?10?4F，故D正确. D、由C的定义式C?U8故选：CD 7.【答案】A

【命题立意】该题考查正弦式交变电流的产生

【解析】t=0.005s电动势最大，则线圈平面与磁场方向平行，故A正确； t=0.010s时电动

势为0，则线圈的磁通量变化率为0，故B错误；由图可知周期为0.02，则频率为=50Hz，

故C错误；线圈产生的交变电动势有效值为8.【答案】B

V，故D错误。

【命题立意】本题旨在考查变压器的构造原理、交流电的四值

【解析】解本题的关键：交流电和直流电的定义，直流电是指电流方向不发生变化的电流； 理解并会求交流电的有效值，U?Em2，只适用于正余弦交流电；

根据图象书写交流电的表达；变压器的原理等

A、由于两图中表示的电流方向都随时间变化，因此都为交流电，故A错误；

B、由于对应相同时刻，图甲电压比图乙电压大，根据有效值的定义可知，图1有效值要比图2有效值大，图甲是正弦式交流电，所以有效值U?正确；

C、图乙不是正弦式交流电，所以表达式不是正弦函数，故C错误； D、理想变压器变压后，功率不发生变化，故D错误． 故选：B 9.【答案】BC

【命题立意】本题旨在考查变压器的构造和原理、交流发电机及其产生正弦式电流的原理。 【解析】AB、线圈以较大的转速n匀速转动时，所以??2?n，电压表示数U为有效值，所以变压器输入电压的瞬时值为：u?Em2?220V，乙小于220V，故B

2Usin2?nt，故A错误，B正确；

CD、理想变压器的输入功率和输出功率相等，灯泡正常发光时电功率为P，所以输入功率

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