内容发布更新时间 : 2024/11/15 1:04:50星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
A． B． C． D．
【答案】B
【解析】试题分析：根据题意，手压电筒为机械能转化为电能，使小灯泡发光。 A现象磁场对通电导体的作用力；
B现象导体在外力作用下运动可以产生电流，为电磁感应现象； C现象为电磁铁，是电流的磁效应；
D现象为奥斯特实验，通电导线周围可以产生磁场，电流的磁效应。 故选B。
考点：电磁感应现象及其应用。
点评：关键掌握电磁感应现象的原理及能的转化的过程。
11．如图所示电路中，R为定值电阻．闭合开关后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表的示数变化范围是0.5 A ~1.5A，电压表的示数变化范围是3 V ~6V．小丽通过推算，得出四个结论，其中不正确的是（ ）
A．变阻器连入电路的电阻变化范围为2Ω~12Ω B．定值电阻R的阻值为3Ω
C．实验中R两端的电压变化范围为1.5V~4.5V
D．电路消耗的总功率的变化范围约为2.75W~11.25W 【答案】D
【解析】试题分析： R?U3V??2? I1.5AR??U?6V??12? I0.5A，故（1）正确； U总=3V+1.5A×R， U总=6V+0.5A×R
解之：R=3Ω，故（2）正确；
U1=I1R=0.5A×3欧=1.5V，U2=I2R=1.5A×3欧=4.5V，R两端的电压变化范围是1.5V--4.5V，故（3）正确； 电源电压为U总=3V+1.5A×3Ω=7.5V，则P1=U总I′=7.5V×0.5A=3.75W，P2=U总I=7.5V×1.5A=11.25W，故（4）错误．故选D
考点：欧姆定律的应用、电功率的计算
点评：会熟练应用欧姆定律进行计算，会灵活应用电功率的公式进行计算。
12．如图甲所示，电源电压为9V不变，滑动变阻器的最大阻值为100Ω，电流在0.1A～0.4A之间时电子元件均能正常工作。若通过此电子元件的电流与其两端电压的关系如图乙所示，则下列判断正确的是
A．当P在中点时，电子元件与滑动变阻器的电压之比为1:1 B．电子元件处于正常工作状态时，电路消耗的最小功率为3.6W
C．为使元件处于正常工作状态，滑动变阻器阻值范围应控制在12.5Ω～70Ω D．电子元件工作时，电阻保持不变 【答案】C 【解析】【分析】（1）当P在中点时，无法根据电阻的分压特点确定当P在中点时电子元件与滑动变阻器的电压之比；
（2）从图象知道，电子元件的电阻是在变化的，电子元件处于正常工作状态，电路电流最小时，电路消耗的最小功率根据公式P=UI可求
（3）由图象知道，电路电流最小为0.1A，电流最大为0.4A，找到对应的电压，根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器两端的电压，进一步求出滑动变阻器接入电路的电阻；
【详解】由于电子元件与滑动变阻器串联，通过的电流相等，所以，电子元件与滑动变阻器串联两端的电压之比就等于两电阻之比，由于无法判断电子元件与滑动变阻器电阻的大小关系，所以不能判断它们两端电压的关系，故A错误；
由图像知道，当电子元件处于正常工作状态时，若电路电流最小，由P=UI知道，则电路消耗的功率最小，此时电流是：I小 =0.1A，电路消耗的最小功率是：P=UI小=9V×0.1A=0.9W，故B错误；
根据题意知道，电子元件处于正常工作状态时，电路最小电流是0.1A，电子元件两端的最小电压为2V，则滑动变阻器两端的最大电压是：U1 =9V-2V=7V，据串联电路电压的规律知道，此时滑动变阻器接入电路
的电阻最大，即；电路最大电流是：0.4A，电子元件两端的最大电压为4V，则滑动变
阻器两端的最小电压是：U2=9V-4V=5V，滑动变阻器接入电路的电阻最小，即，即元
件处于正常工作状态时，滑动变阻器阻值范围应控制在12.5Ω～70Ω，故C正确；
从图象知道，电流与电子元件两端的电压不是正比关系，即电子元件的电阻是在变化的，故D错误； 【点睛】本题考查的是电阻、电压、电功率等的计算，解题的关键是公式及其变形的灵活运用，难点是计算滑动变阻器的电阻范围，重点是学会根据图象分析问题。 二、填空题
13．光纤通信是利用__________（电磁波/超声波）在光导纤维中_________（反射/折射/直线传播），实现信息传输的，它具有传输信息量大、不受外界电磁场干扰等优点． 【答案】电磁波 反射 【解析】【分析】光纤是光导纤维的简写，它是利用光在玻璃制成的纤维中发生全反射原理工作的
【详解】光纤通信是利用光在玻璃制成的纤维中发生全反射原理工作的，光也是一种电磁波，光纤通信是利用激光在光导纤维内壁不断反射来传递信息的；光纤的抗干扰能力强，不受外界电磁波的干扰与影响，而且本身也不向外界辐射信号，因此它适用于长距离的信息传输以及要求高度安全的场合，在传输过程中，一般不会受到外界的影响。
14．小明用如图甲所示的装置测出凸透镜的焦距，并“探究凸透镜成像规律”，当蜡烛、透镜、光屏位置如图乙时，在光屏上可成清晰的像．
甲 乙
（1）该凸透镜的焦距是______cm；
（2）图乙中烛焰在光屏上成的是______的实像． 【答案】 10.0 倒立放大 【解析】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将汇聚于点F，点F即为此透镜的焦点，从焦点到透镜中心的距离即为焦距，则透镜的焦距为40cm-30cm=10cm；
（2）图乙中，物距u=12cm，像距v=23cm，像距大于物距，由凸透镜成像规律可知，图乙中烛焰成的是倒立放大的实像． 故答案为：（1）10；（2）倒立、放大．
15．如图所示，用滑轮组拉着重900N的物体A沿水平方向匀速移动，在40s内移动了8m，拉力F所做的功为1280J．则：
（1）拉力的大小为_________N，功率为_________W．
（2）不计绳重及绳子与滑轮间的摩擦，若滑轮组的机械效率为95%．则动滑轮的重力为__________N． 【答案】（1）80；32 （2）8
【解析】试题分析：（1）拉力通过的距离：S=nh=2×8m=16m， 由W总=F?S得
F?W总1280J??80N S16mW总1280J??32W 功率P?t40s（2）由??W有用W总?100%得：W有用=W总×η=1280J×0.95=1216J，
W额外=W总-W有用=1280J-1216J=64J，
因为W额外=G动×h 所以G动?W额外h?64J?8N 8m考点：功率的计算、功的计算、有用功和额外功、滑轮（组）的机械效率
点评：解决本题的关键是公式及其变形的灵活运用，本题的难点是求动滑轮的重力。
16．如图所示，是四根高压输电线上的一个装置，它的作用是用强度较大的导体将四根导线并联起来了.利用这个装置把导体固定起来，相当于增大了导线的 ，从而减小了输电导线的 ，这样就能大大减少输电线上电能的损失.
【答案】横截面积 电阻 【解析】试题分析：（1）四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了．
（2）导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面
积成反比．所以横截面积增大，导体的电阻减小．有利于减小输电过程中的电能损失。 考点：影响电阻大小的因素；减小电能损失的方法．
点评：要掌握研究导体的电阻变化时，要用到控制变量法，在此题中，通过四根导线的并联，改变了导体的横截面积．从而改变了导体的电阻值．
17．如图所示的电路中，R1的阻值为10Ω，只闭合开关S1时电流表的示数为0.3A，若再闭合开关S2后，电流表的示数为0.45A，则则电源电压为 V，R2的阻值为 Ω．
【答案】3 20
【解析】试题分析：（1）电源电压U?U1?IR1?0.3A?10??3V， （2）开关S1与S2都闭合时，两电阻并联， 由并联电路的特点可知，流过电阻R2的电流
I2?I??I?0.45A?0.3A?0.15A，
电阻R2的阻值的阻值R2?U3V??20?， I20.15A考点：欧姆定律的应用，并联的电路特征．
点评：本题考查了求电源电压、电阻阻值，熟练掌握并联电路的特点、欧姆定律是正确解题的关键． 18．小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为___kW·h，可以同时使用的用电器总功率不能超过___W．若电冰箱(主要技术参数见下表)单独正常工作一天(24小时)，电能表的转盘转___转；在使用电冰箱的过程中，小丽发现冰箱门打开时，冰箱内照明灯亮，压缩机不一定在工作，则冰箱的压缩机和照明灯是_______联的．
【答案】16.6 4400 480 并 【解析】【分析】考查的是电能表的使用，需要知道：电能表的读数最后一位是小数，单位是kW?h，根据电能表上的参数由P=UI可以计算出电能表允许接的最大电功率，根据表中数据求出电冰箱工作一天消耗的电能，然后根据转数=消耗的电能×电能表的参数即可求出这一天内电能表的转盘应转的转数
【详解】电能表的读数最后一位是小数，所以，由图知道，电能表的读数是16.6kW?h，即是小丽家消耗的电能；又因为电能表的工作电压是：U=220V，允许通过的最大电流是：I最大 =20A，所以，允许使用的用电器的最大电功率是：P最大=UI大=220V×20A=4400W； 由表格中的数据知道，电冰箱的耗电量是0.8 kW?h/24h，即一天消耗的电能是0.8kW?h，所以，电能转盘会转动600r/kW?h×0.8kW?h=480转；根据题意知道，冰箱内照明灯亮，压缩机不工作，即冰箱的压缩机和照明灯工作时互不影响，所以它们是并联的。
19．小明同学做了一个如图所示的装置，闭合开关，用外力使导体棒ab水平向右运动，发现导体棒cd也随之运动起来，则实验装置中甲部分应用的物理原理是 ；其中 （选填“甲”或“乙”）部分产生的现象与电动机的工作原理相似。