内容发布更新时间 : 2024/10/17 13:31:53星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
15 m 25 m 参考答案及评分标准
一、本题共15小题，每小题4分，共60分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分． 题号 答案 1 B 2 A 3 AD 4 C 5 BD 6 C 7 A 8 A 9 C 10 11 12 13 14 15 C C C B C D
二．填空题（每题8分共16分） 16． 解答：
（1）由?s?aT，用逐差法：
2
(2.08?1.90?1.73?1.48?1.32?1.12)?10?22a??4.97m/s 29?0.02要求保留两位有效数字，所以，a?5.0m/s （有效数字位数不对的给1分） ┄┄┄3分 （2）从b段纸带上的数据可以看出，在相同的时间间隔（0.02s）内的位移，直到D4~D5段还在增加（之前一直加速），而从D5~D6段开始减小（之后开始减速）所以，小车运动的最大速度可能出现在D4~D5段。 ┄┄┄2分 （3）当小车的加速度是2.5 m/s2时，对整体由牛顿第二定律：
2M重g?m车gsin??f?(M重?m车)a1 ①
当小车的加速度是-5 m/s2时，对小车由牛顿第二定律： ?m车gsin??f?m车a2 ② 代入数据联立①②解出：M重?1:1 ┄┄┄3分 m车点评：本题考查考生对有效数字的认识,对实验数据的处理、数字运算、实验误差的处理，考查推理能力和实验探究能力。
17． 解答：①没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够；（答对一点也给2分） ┄┄┄2分 ②未满足拉车的钩码质量m远小于小车的质量M； ┄┄┄3分 ③在平衡摩擦力时，长木板的倾角过大，小车重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，使尚未对小车施加拉力时，小车已有加速度．（答对平衡摩擦力过度的也给3分） ┄┄┄3分 点评：本题的难点是第②问，这是一个连接体的问题，令钩码对小车的拉力为F，共同的加速度为a，由牛顿第二定律，对钩码：mg?F?ma，对小车：F?Ma，联立解出
mgmg，M??m时，近似有：a?，当拉力F越来越大，也即m越来越大时，M?mMmgmg实际加速度a?，与理想值：a?相比，越来越偏小，导致A图线上部向下弯曲。
M?mMa?三、计算与论证。本题共6小题，共84分。按题目要求做答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 18．（8分） 解答：由v?t图得前2s内：a?vt?v01?0??0.5m/s2， ┄┄┄2分 t2根据牛顿第二定律，前2s有：F1－mg sin?＝ma， ┄┄┄2分 2s后有：F2＝mg sin?， ┄┄┄2分 由图中数据：F1 =5.5N，F2 =5N，
代入数据可解得：m＝1kg，┄┄┄1分 ?＝30?。┄┄┄1分
点评：本题要求将运动情景和两个图像相结合，注意区分前2s和2s后运动情景和两个图像的对应关系。
19．（15分）
解答：（1）由前三列数据可知物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为：
?v
a1＝ ＝5m/s2 ┄2分 由牛顿第二定律：mg sin ?＝ma1 ┄1分 可得：?＝30? ┄1分
?t（2）由后二列数据可知物体在水平面上匀减速滑行时的加速度大小为：
?v
a2＝ ＝2m/s2 ┄2分 由牛顿第二定律：?mg＝ma2 ┄1分 可得：?＝0.2 ┄1分
?t（3）令物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经t秒到达B点，此时速率为vB 由vt?v0?at，对斜面上的加速运动：vB?5t ① ┄┄┄1分 对平面上的减速运动到1.4s的过程：0.7?vB?2(1.4?t) ② ┄┄┄1分 联立①②解出：t?0.5s┄┄┄1分 vB?2.5m/s┄┄┄2分
0.5s后，物体在水平面上减速运动，t＝0.6s时，v?2.5?2?0.1?2.3m/s ┄┄┄2分 点评：本题的难点在第（3）问，要判断t＝0.6s时，物体是在斜面上还是在平面上运动，即判断物体在斜面上的运动时间，从而确定如何算t＝0.6s时的瞬时速度v 20．（12分） 解答：直升机沿水平方向匀速飞往水源取水的过程，对空箱令绳的拉力为T，空气阻力为f，由于平衡，在水平方向：Tsin?1?f┄┄2分 在竖直方向：Tcos?1?mg┄┄2分 所以：f?mg ┄┄2分
直升机取水后飞往火场的过程，对空箱和水，令绳的拉力为T?，由牛顿第二定律， 在水平方向：T?sin14?f?(M?m)?1.5 ┄┄┄2分 竖直方向由于平衡：T?cos14?(M?m)g ┄┄┄2分 代入数据联立以上方程解出：M?4500kg ┄┄┄2分 点评：本题两个运动过程都是用正交分解法，要注意审题，飞机取水做匀速直线运动，当然两个方向都是列平衡方程，而送水的过程在水平方向做匀加速直线运动，当然水平方向列牛顿第二定律，而竖直方向还是列平衡方程。
21．（15分）
解：10物块恰好能通过最高点时，令速度为v1，物块下落高度为h1
00
v12由牛顿第二定律：mg?m； ┄┄┄1分 ∴v1?gR；┄┄┄2分
R从静止滑下到最高点的过程，由机械能守恒定律：
15mgh1?mg?2R?mv12 ┄┄┄1分 ∴h1?R┄┄┄2分
2220物块对最高点的压力为5mg时，令速度为v2，物块下落高度为h2，
2v2由牛顿第二定律：mg?5mg?m ┄┄┄1分 ∴v2?6gR；┄┄┄2分
R从静止滑下到最高点的过程，由机械能守恒定律： 12 ┄┄┄1分 ∴h2?5R┄┄┄2分 mgh2?mg?2R?mv225R∴h的取值范围：?h?5R ┄┄┄2分 2 22．（16分） 解：10令运动员飞行t秒落在倾斜雪道上 水平位移：x?v0t┄1分 竖直位移：y?O x θ vy2t┄1分 y 由tan??3y15┄1分 所以：vy??2?8?12m/s ┄1分 ??4x2v020vy 此时沿斜面向下的分速度 v1?v0cos??vysin??8?0.8?12?0.6?6.4?7.2?13.6m/s ┄2分 由vy?gt，∴飞行时间：t?vyg?1.2s， ┄1分
12?1.2?7.2m ┄1分 2水平位移：x?8?1.2?9.6m ┄1分 竖直位移：y?落地点跟坡顶的距离，S1?x2?y2?12m ┄1分
剩余坡道长S2?25?12?13m ┄1分 20在坡道的加速度：a?2mg?sin??mgcos???10(0.6?0.8?0.2)?4.4m/s2 ┄1分
m22 到坡底的速度：v2?v1?2as2?13.6?2?4.4?13 ∴v2?17.3m/s ┄2分 30在水平面上令滑行的距离Sx，由动能定理mg??Sx?12mv2： ┄1分 2
2v2299.36??74.84m ┄2分 Sx?2g?20?0.2 23．（18分） 解：（1）棒第一次与地面碰撞弹起上升过程，由牛顿第二定律：
环 棒
f?mg?(k?1)mg?ma ┄2分 所以：a?g(k?1) ┄2分
（2）整体自由下落的过程由机械能守恒：2mgH?落地时的速度：v1?1?2mv12 ┄1分 22gH┄1分 反弹离地时的速度：v1??2gH┄1分 ┄1分 对棒上升过程由牛顿第二定律：：?mg?mgk?ma2 所以：
a2??g(1?k) ┄1分
22令棒第一次上升的高度为h1，则：v3?v2?2a2h1?2gH?2g(1?k)?h1?0 ┄1分
所以：h1?H ┄1分 1?k2H ┄1分
(k?1)从绳断到棒第二次触地棒运动的路程：S?H?2h1?H? （3）令全过程环相对棒下滑的距离为l，则全过程系统损失的机械能等于摩擦力做功发的热：WQ?2mgH?mgl?kmgl ┄2分 所以：2H?(k?1)l;所以，摩擦力对环及棒做的总功（即发的热）为：W总?kmgl?
l?2H ┄2分 k?1kmg?2H ┄2分
k?1