内容发布更新时间 : 2024/12/23 23:26:01星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。
点这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，评： 再根据电场线方向判断电势高低，电场线的疏密判断场强的大小． 18．AB 匀变速直线运动的图像
A、由动能定理可知W﹣W1﹣W2=0，故W=W1+W2；故A正确； B、由图可知，加速过程的位移要大于减速过程的位移，因摩擦力不变，故汽车加速时克服摩擦力所做的功大于减速时克服摩擦力所做的功，则有W1＞W2．故B正确；
C、D、因加速和减速运动中，平均速度相等，故由P=FV可知，摩擦力的功率相等，故P1=P2；由功能关系可知W=Pt1=P1t1+P2t2 而P1=P2；故P≠P1；故CD错误． 故选：AB． 19．答案及解析： 考点： 专题： 分由万有引体提供向心力，可以列出有关周期，速度，人造卫星问题． 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．. 析： 动能等的表达式，由此可以判断各个选项．
解答： 解：由万有引体提供向心力， =m=m…① 由题意可知，r=2R． 质量为m的人造卫星在地面上未发射时的重力为G0， 根据万有引力等于重力得：GM=gR2=由①②解得：周期T=为Ek=， R2…② ，动能，速度v=重力不为零．故AC正确，B、D错误． 故选：AC． 点本题就是对万有引力充当向心力的各个表达式的变评： 形，其中黄金代换的引入非常重要，要熟练掌握． 20．答案及解析：
考点： 闭合电路的欧姆定律． 专题： 恒定电流专题． 分析： 根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，即图线与纵轴的交点坐标表示电动势，图线的斜率大小等于电池的内阻．当外电路发生短路时，外电阻R=0，由欧姆定律求出短路时的电流．电压表的示数为1.20V时，根据欧姆定律求出电流． 解答： 解：A、根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，当I=0时，U=E．图中图线与纵轴的交点坐标U=1.40V，则电动势E=U=1.40V．故A正确． B、图线的斜率大小k===1Ω．故B错误． C、当外电路发生短路时，外电阻R=0，由欧姆定律得短路时的电流I短==1.40A．故C错误． D、电压表的示数U=1.20V时，电流表的示数
I′==A=0.20A．故D正确． 故选AD 点评： 本题考查理解物理图象的能力，关键应用数学知识如图线的截距、斜率等来理解图象的物理意义．
21．答案及解析：AD
分析：根据升压变压器的输入电压，结合匝数比求出输出电压，从而得出输送电流，根据输电线的电阻得出损失的功率，根据闭合电路的动态分析判断电流与电压的变化．
解答：A、由图乙知交流电的周期0.02s，所以频率为50Hz，A正确； B、由图乙知升压变压器输入端电压有效值为250V，根据电压与匝数成正比知副线圈电压为25000V，所以输电线中的电流为：I=P/U=30A，输电线损失的电压为：△U=IR=30×100=3000V，输电线路损耗功率为：△P=△UI=90kW，B错误，
C、当传感器R2所在处出现火警时其阻值减小，副线圈两端电压不变，副线圈中电流增大，定值电阻的分压增大，所以电压表V的示数变小，C错误； D、由C知副线圈电流增大，根据电流与匝数成反比知输电线上的电流变大，D正确； 故选：AD
点评：解决本题的关键知道：1、输送功率与输送电压、电流的关系；2、变压器原副线圈的电压比与匝数比的关系；3、升压变压器输出电压、降压变压器输入电压、电压损失的关系；4、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关系．
22.(1)①2.00N；②L1的方向、L2的方向和L3的方向；或者L1、L2和L3的方向； ③AB
23. 1）游标卡尺的固定刻度读数为7cm=70mm，游标读数为0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为79mm+0.15mm=70.15mm． 螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×10.0mm=0.100mm，所以最终读数为4.5mm+0.100mm=4.600mm． （2）欧姆表的零刻度在右边，指针偏转角度较小说明被测阻值较大，应换较大档，即“×10”档，换挡后应使两表笔短接，重新调节欧姆调零旋钮，使指针指右端零；
由图丙可以看出被测阻值约为：10×15=150Ω，器材中给出的电源电动势为4V，为了读数的准确性电压表选3V量程，即C，
电路中的最大电流为I=4/150≈0.026A，若选3A量程的电流表则指针几乎不偏转，应选择灵敏电流计与定值电阻并联后改装成的电流表，即选择AF，
综上，要选择的器材是：ACEF；
滑动变阻器采用分压接法，被测电阻为大电阻，采取电流表内接，故电路图如图：
故答案为：（1）70.15；4.598-4.602；（2）①×10；②欧姆调零旋钮；③ACEF．
24.（1）此过程中，物体克服摩擦力所做的功为50J；（2）物体与水平面间的动摩擦因数是0.4 解：（1）运用动能定理： Fscos37°﹣Wf=mv2（4分）
代入数据得：Wf=Fscos37°﹣mv2=50J（2分） （2）对物体进行受力分析：
1212
把拉力在水平方向和竖直方向分解，根据竖直方向平衡和滑动摩擦力公式得出：
f=μFN=μ（mg﹣Fsinθ）（2分）
根据功的定义式：Wf=μ（mg﹣Fsinθ）s （3分） 代入数据解得：μ=0.4（2分）
答：（1）此过程中，物体克服摩擦力所做的功为50J；（2）物体与水平面间的动摩擦因数是0.4． 25.解： （1）由得
……………1分
m …………… 1分 周期
s…… 2分
粒子从S到达P孔的时间
(2) 设平板的长度至少为L，粒子源距O点为h，由几何关系，有
m ….2分
(3) 粒子进入电场后做类平抛运动，有