四川省成都市2018届高三第二次诊断性考试理科综合试题-Word版含答案

内容发布更新时间 : 2024/12/24 9:23:47星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。

22(1)A与B;

F2xb;(2)光电门A、B之间的距离x;

kgmg23、(1)1.990;(2)500(3)如图所示(4)???d2I2(R2?RA2)U4L(?I2)RV

24、(1)由P的位置特点可知∠Poy=45°,分析可知,粒子受到电场力和洛伦兹力作用沿PO沿直线只能做匀速运动 由力的平衡条件可得qE=qvB 解得E=Bv

由左手定则可知,洛伦兹力在方向垂直于PO斜向左下,故电场力的方向垂直于PQ斜向右上,因粒子带正电,所以电场强度的方向垂直于PO斜向右上,与x轴成45°的夹角。 (2)PO?l2?l2?2l,粒子在y?0的区域内运动的时间为t1?PO2l ?vv穿出小孔后粒子在y?0区域内做匀速圆周运动,轨迹如图所示,其中O'为轨迹圆圆心,D为离子打在收集板上的位置

v2mv由牛顿第二定律有:qvB?m,解得R?

RqB运动周期T?2?R3?m? vqB270?3?mT? 360?qB轨迹对应圆心角?=270°,故粒子在y?0区域内运动的时间为t2?粒子全程运动的时间为t?t1?t2?2l3?m ?vqB由几何关系可知DO?2Rcos45??2mv qB2mv,0) qB所以,离子打在收集板MN上位置坐标为D(?25、(1)A位于a处时,绳无张力且物块B静止,故弹簧处于压缩状态 对B由平衡条件可得kx?mgsin30?

当C恰好离开挡板P时,C的加速度为0,故弹簧处于拉伸状态 对C由平衡条件可得kx'?mgsin30? 由几何关系可知R?x?x',代入数据解得x?2mgsin30??5N/m

R(2)物块A在a处于在b处时,弹簧的形变量相同,弹性势能相同,故A在a处于在b处时,A、B系统的机械能相等 有MgR(1?cos60?)?mgRsin30??1122MvA?mvB 22如图所示,将A在b处的速度分解,由速度分解关系有vAcos30??vB 代入数据解得vA?4?M?m?gR?4m/s

4M?3m22vAvA?Mg?144N 在b处,对A由牛顿定律有N?Mg?M,代入数据解得N?MRR由牛顿第三定律,A对圆轨道的压力大小为144N (3)物块A不脱离圆形轨道有两种情况 ①第一种情况,不超过圆轨道上与圆心的等高点

由动能定理,恰能进入圆轨道时需要满足?Mgr??Mgx1?0?恰能到圆心等高处时需满足条件?Mgr??Mgx2?0?代入数据解得x1?8m,x2?6m,即6m?x?8m

2vA第二种情况,过圆轨道最高点,在最高点,由牛顿第二定律可得N?Mg?M

R12MvA 212MvA 2恰能过最高点时,N=0,v?gr 112Mv2?MvA 22由动能定理有?2Mgr??Mgx?2vA?5gr代入数据解得x??3m

2?g

33、(1)BDE(2)(i)当气缸恰好开始滑动时,对气缸有p0S??(m?m)g?p1S 设在此过程中活塞向右移动了x1,对活塞由p1S?p0S?kx1 解得p1?p0?2?mg2?mg,x1? Sk由理想气体状态方程有

p0Sap1S?a?x1?,其中T0?t0?273K?300K ?T0T1解得T1?(p0?2?mg2?mg)?(a?)SkT0,代入数据解得T1?462K

p0a(ii)缓慢加热,气缸处于平衡状态

气缸滑动过程中,对气缸有p0S??(m?m)g?p2S

因为气体压强p2?p1,故气体做等压变化,活塞向右移动距离x1后不再移动 由理想气体状态方程

S?a?x1?2Sa2a,解得T2??T

2?mg1T1T2(a?)k代入数据解得T2?660K

34、(1)ADE(2)(i)由于P从平衡位置开始运动,且

?t11?5,即?t?5T?T T44所以P在开始振动后?t?1.05s内通过的路程为s?5?4A?A?21A?84cm (ii)设该简谐波的波速为v,OP间的距离为?x 由题意可得?x?(n?)??9m(n?0.1.2.3......) 所以v?34?T?180m/s(n?0.1.2.3......) 4n?3当n=0时,该波的波速最大,vm?60m/s (iii)波从波源传至(12m,0)点所用时间t1?x12m??1s v12m/s再经过t2?t?t1?0.05s,即再经过T,Q位于波峰位置 则以此时为计时起点,Q为振动方程为y?0.04cos(10?t)m

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