《最新6套汇总》惠州市2019-2020学年中考数学第一次模试卷 下载本文

内容发布更新时间 : 2024/12/23 22:55:09星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。

∴E到BF的距离等于E到AB的距离, 由(1)知△ADE≌△FCE, ∴AE=EF=

1AF=5, 2∵∠D=90°, ∴DE=AE2?AD2?52?(11)2?14,

∴CE=DE=14, ∵CE⊥BF,

∴点E到AB的距离为14. 【点睛】

本题考查了平行线的性质,全等三角形的判定与性质,等腰三角形的性质、勾股定理等知识.证明三角形全等是解题的关键.

?x1?8?x2?31320.(1)x1?,x2?;(2)?,?.

y?6y?1142?1?2【解析】 【分析】

(1)先去分母,将分式方程化为一元二次方程,然后解答即可,注意分式方程验根; (2)先设x?1=m,【详解】

解:(1)去分母,得x2+(1-x)(3-3x)-4x(1-x)=0, 去括号,得x2+3-3x-3x+3x2-4x+4x2=0, 合并同类项,得8x2-10x+3=0, 分解因式,得(2x-1)(4x-3)=0, ∴2x-1=0或4x-3=0, ∴x1=

y?2=n,则x=m2-1,y=n2+2,然后将方程化为一元二次方程,然后解答即可.

31,x2=, 241代入分式方程,左边=0=右边, 2检验:将x1=将x2=

3代入分式方程,左边=0=右边, 431,x2=是分式方程的根. 24因此x1=

所以原分式方程的根为x1=

31,x2=; 242

2

(2)设x?1=m,y?2=n,则x=m-1,y=n+2, 原方程组可化为??m?n?5① 22?m?n?13②由①,得m =5-n③

③代入②,得(5-n)2+n2=13, 整理,得2n2-10n+12=0, 即n2-5n+6=0,

解这个方程,得n =2或3,

?m1?3?m2?2∴?n1?2,?n2?3 ???x1?8?x2?3∴原方程组的解为?y1?6,?y2?11.

??【点睛】

本题考查了解分式方程与无理方程,将分式方程与无理方程转化为一元二次方程是解题的关键. 21.(1) m=3,y=﹣x+2x+2;(2)点E(3,﹣1). 【解析】 【分析】

(1)顶点为D(1,m),且tan∠COD=

2

1,则m=3,则抛物线的表达式为:y=a(x-1)2+3,即可求解; 32

(2)设:抛物线向上平移n个单位,则函数表达式为:y=-x+2x+2+n,求出OA、OB,即可求解. 【详解】

(1)顶点为D(1,m),且tan∠COD=

1,则m=3, 3则抛物线的表达式为:y=a(x﹣1)2+3,即:a+3=2,解得:a=﹣1, 故抛物线的表达式为:y=﹣x+2x+2; (2)设:抛物线向上平移n个单位, 则函数表达式为:y=﹣x+2x+2+n,

令y=0,则x=1+n?3,令x=0,则y=2+n, ∵OA=OB, ∴1+n?3=2+n,

解得:n=1或﹣2(舍去﹣2), 则点A的坐标为(3,0), 故点E(3,﹣1). 【点睛】

本题考查了抛物线与x轴的交点,二次函数图象与几何变换,待定系数法确定函数解析式以及解直角三角形.难度适中.利用数形结合与方程思想是解题的关键. 22.(1)∠CDE=90°;(2)详见解析;(3)【解析】 【分析】

(1)因为对角线AC为⊙O的直径,可得∠ADC=90°,即∠CDE=90°;

(2)连接OD,证明DF=CF,可得∠FDC=∠FCD,因为OD=OC,可得∠ODC=∠OCD,即∠ODF=∠OCF=90°,可得DF是⊙O的切线;

(3)证明∠E=∠DCA=∠ABD,可得tan∠E=tan∠DCA=tan∠ABD=3,设DE=x,则CD=3x,AD=9x,在Rt△ADC中,求得AC的长,即可得出【详解】

(1)∵对角线AC为⊙O的直径, ∴∠ADC=90°,

∴∠CDE=180°-90°=90°;

2

2

AC=310. DEAC的值. DE(2)如图,连接OD,

∵∠CDE=90°,F为CE的中点, ∴DF=CF, ∴∠FDC=∠FCD, ∵OD=OC, ∴∠ODC=∠OCD,

∴∠FDC+∠ODC=∠FCD+∠OCD,即∠ODF=∠OCF, ∵CE⊥AC,

∴∠ODF=∠OCF=90°,即OD⊥DF, ∴DF是⊙O的切线.

(3)∵∠E=90°-∠ECD=∠DCA=∠ABD, ∴tanE=tan∠DCA=tan∠ABD=3, 设DE=x,则CD=3x,AD=9x, ∴AC=(3x)2?(9x)2?310x, ∴

AC310x=?310. DEx【点睛】

本题考查圆的切线的判定,圆周角定理,锐角三角函数的定义.解题的关键是掌握圆的切线的判定方法.

23.(1)﹣4ab﹣2b2;(2)【解析】 【分析】

(1)根据整式乘法的运算法则即可得出答案; (2)根据分式混合运算法则即可化简原式. 【详解】

3?a. a2?7解:(1)原式=a2?ab? (a2?2ab?ab?2b2)?a2?ab?a2?2ab?ab?2b2 ??4ab?2b2;

?a(a?3)a2?7?(2)原式?

a(a?2)a?2???a(a?3)a?2

a(a?2)a2?73?a. 2a?7【点睛】

本题主要考查了整式的化简与分式化简,熟知掌握整式化简的方法与分式化简的法则是解题关键. 24.(1)∠BCF=30°;(2)DE∥AB,见解析. 【解析】 【分析】

(1)根据平行线的性质和已知求出∠2=∠1=∠B,即可得出答案;

(2)求出∠1=∠B=60°,根据平行线的性质求出∠ADC,求出∠ADE,即可得出∠1=∠ADE,根据平行线的判定得出即可. 【详解】 (1)∵AD∥BC, ∴∠1=∠B=60°, 又∵∠1=∠2, ∴∠2=60°, 又∵FC⊥CD,

∴∠BCF=90°﹣60°=30°; (2)DE∥AB.

证明:∵AD∥BC,∠2=60°, ∴∠ADC=120°, 又∵DE是∠ADC的平分线, ∴∠ADE=60°, 又∵∠1=60°, ∴∠1=∠ADE, ∴DE∥AB. 【点睛】

本题考查了平行线的性质和判定的应用,能综合运用定理进行推理是解此题的关键. 25.(1)150°;5(2)32.4cm 【解析】 【分析】

(1)如图,过点B作BH⊥CG于H,过点D作CG的垂线MN交AF于M,交HG于N.利用矩形的性质、直角三角形的性质以及等角的余角相等得到∠MAD=30°,根据周角的定义易求箱盖绕点A转过的角度;通过解直角△BHC来求BH的长度;

(2)通过解直角△AMD得到线段MD的长度,则DN=65-EF-DM,利用解直角△DCN来求CD的长度,即EF的长度即可. 【详解】

(1)如图,过点B作BH⊥CG于H,过点D作CG的垂线MN交AF于M,交HG于N.

∵∠DCG=60°, ∴∠CDN=30°.

又∵四边形ABCD是矩形, ∴∠ADC=∠BCD=90°,

∴∠MAD=∠CDN=30°(同角的余角相等),

∴箱盖绕点A转过的角度为:360°-90°-30°-90°=150°. 在直角△BCH中,∠BCH=30°,BC=10cm,则BH=故答案是:150°;5;

(2)在直角△AMD中,AD=BC=10cm,∠MAD=30°,则MD=AD?sin30°=∵∠CDN=30°, ∴cos∠CDN=cos30°=解得EF=32.4.

即箱子的宽EF是32.4cm. 【点睛】

本题考查了解直角三角形的应用.主要是余弦概念及运算,关键把实际问题转化为数学问题加以计算.

1BC=5cm. 21×10=5(cm). 2DN65?EF?565?EF?53?,即 ?DCEFEF2